HDU1176 免费馅饼 —— DP

Posted 2020-10-09 h_z_cong

题目链接：http://acm.split.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1176

 

免费馅饼

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 53204    Accepted Submission(s): 18681

Problem Description

都说天上不会掉馅饼，但有一天gameboy正走在回家的小径上，忽然天上掉下大把大把的馅饼。说来gameboy的人品实在是太好了，这馅饼别处都不掉，就掉落在他身旁的10米范围内。馅饼如果掉在了地上当然就不能吃了，所以gameboy马上卸下身上的背包去接。但由于小径两侧都不能站人，所以他只能在小径上接。由于gameboy平时老呆在房间里玩游戏，虽然在游戏中是个身手敏捷的高手，但在现实中运动神经特别迟钝，每秒种只有在移动不超过一米的范围内接住坠落的馅饼。现在给这条小径如图标上坐标：

为了使问题简化，假设在接下来的一段时间里，馅饼都掉落在0-10这11个位置。开始时gameboy站在5这个位置，因此在第一秒，他只能接到4,5,6这三个位置中其中一个位置上的馅饼。问gameboy最多可能接到多少个馅饼？（假设他的背包可以容纳无穷多个馅饼）

 

 

Input

输入数据有多组。每组数据的第一行为以正整数n(0<n<100000)，表示有n个馅饼掉在这条小径上。在结下来的n行中，每行有两个整数x,T(0<T<100000),表示在第T秒有一个馅饼掉在x点上。同一秒钟在同一点上可能掉下多个馅饼。n=0时输入结束。

 

 

Output

每一组输入数据对应一行输出。输出一个整数m，表示gameboy最多可能接到m个馅饼。
提示：本题的输入数据量比较大，建议用scanf读入，用cin可能会超时。

 

 

Sample Input

6 5 1 4 1 6 1 7 2 7 2 8 3 0

 

 

Sample Output

4

 

 

题解：

1.设a[i][j]为i时刻， j位置有多少块馅饼； dp[i][j]为在i时刻， j位置，人能获得的最大馅饼数。

2.状态转移：对于当前状态dp[i][j]，它可以由三个状态转移过来：

1) 上一秒原地不动，即：dp[i][j] = dp[i-1][j] + a[i][j]

2) 上一秒从左边向右走一格到达此位置，即：dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + a[i][j]

3) 上一秒从右边向左走一格到达此位置，即：dp[i][j] = dp[i-1][j+1] + a[i][j]

 

 

代码如下：

 1 #include <iostream>
 2 #include <cstdio>
 3 #include <cstring>
 4 #include <cmath>
 5 #include <algorithm>
 6 #include <vector>
 7 #include <queue>
 8 #include <stack>
 9 #include <map>
10 #include <string>
11 #include <set>
12 #define ms(a,b) memset((a),(b),sizeof((a)))
13 using namespace std;
14 typedef long long LL;
15 const double EPS = 1e-8;
16 const int INF = 2e9;
17 const LL LNF = 2e18;
18 const int MAXN = 1e5+10;
19 
20 int a[MAXN][12], dp[MAXN][12];
21 int n;
22 
23 int main()
24 {
25     while(scanf("%d", &n) &&n)
26     {
27         ms(a, 0);
28         for(int i = 1; i<=n; i++)
29         {
30             int x, t;
31             scanf("%d%d", &x, &t);
32             a[t][x]++;
33         }
34 
35         ms(dp,-1);
36         dp[0][5] = 0;
37         int ans = -INF;
38         for(int i = 1; i<=1e5; i++) //时间
39         for(int j = 0; j<=10; j++)  //地点
40         {
41             if(dp[i-1][j]!=-1)  //留在原地
42                 dp[i][j] = max( dp[i][j], dp[i-1][j]+a[i][j] );
43             if(j!=0 && dp[i-1][j-1]!=-1)    //从左边走过来
44                 dp[i][j] = max( dp[i][j], dp[i-1][j-1]+a[i][j] );
45             if(j!=10 && dp[i-1][j+1]!=-1)   //从右边走过来
46                 dp[i][j] = max( dp[i][j], dp[i-1][j+1]+a[i][j] );
47 
48             ans = max(ans, dp[i][j]);
49         }
50 
51         printf("%d\n", ans);
52     }
53 }

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