洛谷P3327 [SDOI2015]约数个数和

Posted 2020-10-26 自为

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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了洛谷P3327 [SDOI2015]约数个数和相关的知识，希望对你有一定的参考价值。

题目描述

设d(x)为x的约数个数，给定N、M，求 \\sum^N_{i=1}\\sum^M_{j=1}d(ij)∑i=1N​∑j=1M​d(ij)

输入输出格式

输入格式：

 

输入文件包含多组测试数据。第一行，一个整数T，表示测试数据的组数。接下来的T行，每行两个整数N、M。

 

输出格式：

 

T行，每行一个整数，表示你所求的答案。

 

输入输出样例

输入样例#1： 复制

2
7 4
5 6

输出样例#1： 复制

110
121

说明

1<=N, M<=50000

1<=T<=50000

 

 

有一个定理

$d\\left(i,j\\right) =\\sum _{x|i}\\sum _{y|j}\\left[ \\gcd \\left( x,y\\right) = 1\\right]$

 

然后大力推公式就好了

后面两项暴力分块预处理

 

// luogu-judger-enable-o2
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int MAXN=1e6+10;
inline int read()
{
    char c=getchar();int x=0,f=1;
    while(c<\'0\'||c>\'9\'){if(c==\'-\')f=-1;c=getchar();}
    while(c>=\'0\'&&c<=\'9\'){x=x*10+c-\'0\';c=getchar();}
    return x*f;
}
int N,M;
int vis[MAXN],prime[MAXN],tot=0,mu[MAXN];
long long divv[MAXN];
void GetMu()
{
    vis[1]=1;mu[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;i++)
    {
        if(vis[i]==0) prime[++tot]=i,mu[i]=-1;
        for(int j=1;j<=tot&&i*prime[j]<=N;j++)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0){mu[i*prime[j]]=0;break;}
            else mu[i*prime[j]]=-mu[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<=N;i++) 
        mu[i]+=mu[i-1];
    for(int i=1;i<=N;i++)
        for(int j=1,nxt;j<=i;j=nxt+1)
            nxt=i/(i/j),
            divv[i]+=(long long )(nxt-j+1)*(i/j);
}
main()
{
    #ifdef WIN32
    freopen("a.in","r",stdin);
    #else
//    freopen("SDOI2015yue.in","r",stdin);
//    freopen("SDOI2015yue.out","w",stdout);
    #endif
    N=50000; 
    GetMu();
    int QWQ=read();
    while(QWQ--)
    {
        long long ans=0;
        N=read(),M=read();
        if(N>M) swap(N,M);
        for(int i=1,nxt;i<=N;i=nxt+1)
        {
            nxt=min(N/(N/i),M/(M/i));
            ans+=(long long )(mu[nxt]-mu[i-1])*divv[N/i]*divv[M/i];
        } 
        printf("%lld\\n",ans);
    }
    return 0;
}