codevs1217 借教室

Posted 2020-08-06 ljh2000

借教室
(classroom.cpp/c/pas)
【问题描述】
在大学期间,经常需要租借教室。大到院系举办活动,小到学习小组自习讨论,都需要向学校申请借教室。教室的大小功能不同,借教室人的身份不同,借教室的手续也不一样。
面对海量租借教室的信息,我们自然希望编程解决这个问题。
我们需要处理接下来n天的借教室信息,其中第i天学校有r i 个教室可供租借。共有m份订单,每份订单用三个正整数描述,分别为d j , s j , t j ,表示某租借者需要从第s j 天到第t j 天租
借教室(包括第s j 天和第t j 天),每天需要租借d j 个教室。
我们假定,租借者对教室的大小、地点没有要求。即对于每份订单,我们只需要每天提供d j 个教室,而它们具体是哪些教室,每天是否是相同的教室则不用考虑。
借教室的原则是先到先得,也就是说我们要按照订单的先后顺序依次为每份订单分配教室。如果在分配的过程中遇到一份订单无法完全满足,则需要停止教室的分配,通知当前申请人修改订单。这里的无法满足指从第s j 天到第t j 天中有至少一天剩余的教室数量不足d j 个。
现在我们需要知道,是否会有订单无法完全满足。如果有,需要通知哪一个申请人修改订单。
【输入】
输入文件为 classroom.in。
第一行包含两个正整数n, m,表示天数和订单的数量。
第二行包含n个正整数,其中第i个数为r i ,表示第i天可用于租借的教室数量。
接下来有m行,每行包含三个正整数d j , s j , t j ,表示租借的数量,租借开始、结束分别在第几天。
每行相邻的两个数之间均用一个空格隔开。天数与订单均用从1开始的整数编号。
【输出】
输出文件为 classroom.out。
如果所有订单均可满足,则输出只有一行,包含一个整数 0。否则(订单无法完全满足)
输出两行,第一行输出一个负整数-1,第二行输出需要修改订单的申请人编号。
【输入输出样例说明】
第 1 份订单满足后,4 天剩余的教室数分别为 0,3,2,3。第 2 份订单要求第 2 天到第 4 天每天提供 3 个教室,而第 3 天剩余的教室数为 2,因此无法满足。分配停止,通知第2 个申请人修改订单。
【数据范围】
对于 10%的数据,有1 ≤ n, m ≤ 10;
对于 30%的数据,有1 ≤ n, m ≤ 1000;
对于 70%的数据,有1 ≤ n, m ≤ 10 5 ;
对于 100%的数据,有1 ≤ n, m ≤ 10 6 , 0 ≤ r i , d j ≤ 10 9 , 1 ≤ s j ≤ t j ≤ n。

 

 

正解：二分答案

解题报告：

　　二分答案裸题，当年联赛完之后为了学二分答案做的题，现在回想起来也就是一年前的事，物是人非。。。

　　二分答案可满足订单数，记录数组d表示相邻两位的差值，所以对于∑di=当前这一位订的教室数，判断每一天是否超标即可。最后记得加一。

 

 1 //It is made by jump~
 2 #include <iostream>
 3 #include <cstdlib>
 4 #include <cstring>
 5 #include <cstdio>
 6 #include <cmath>
 7 #include <algorithm>
 8 #include <ctime>
 9 #include <vector>
10 #include <queue>
11 #include <map>
12 #include <set>
13 using namespace std;
14 typedef long long LL;
15 const int MAXN = 1000011;
16 int n,m;
17 int b[MAXN],l,r,ans,mid;
18 int sum[MAXN],d[MAXN];
19 struct seq{
20     int l,r,val;
21 }a[MAXN];
22 
23 inline int getint()
24 {
25        int w=0,q=0; char c=getchar();
26        while((c<‘0‘ || c>‘9‘) && c!=‘-‘) c=getchar(); if(c==‘-‘) q=1,c=getchar(); 
27        while (c>=‘0‘ && c<=‘9‘) w=w*10+c-‘0‘, c=getchar(); return q ? -w : w;
28 }
29 
30 inline bool check(int x){
31     memset(d,0,sizeof(d));
32     for(int i=1;i<=x;i++) d[a[i].l]+=a[i].val,d[a[i].r+1]-=a[i].val;
33     int now=0;  for(int i=1;i<=n;i++) { now+=d[i]; if(now>b[i]) return false;  }
34     return true;
35 }
36 
37 inline void work(){
38     n=getint(); m=getint(); for(int i=1;i<=n;i++) b[i]=getint(),sum[i]=sum[i-1]+b[i];
39     for(int i=1;i<=m;i++) a[i].val=getint(),a[i].l=getint(),a[i].r=getint();
40     l=1,r=m;
41     while(l<=r) {
42     mid=(l+r)/2;
43     if(check(mid)) l=mid+1,ans=mid;
44     else r=mid-1;
45     }
46     if(check(m)) printf("0");
47     else printf("-1\n%d\n",ans+1);//需要加1，因为ans是可行的最大范围
48 }
49 
50 int main()
51 {
52   work();
53   return 0;
54 }