[dfs] aw166. 数独(dfs剪枝与优化+状态压缩+代码技巧+好题)
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了[dfs] aw166. 数独(dfs剪枝与优化+状态压缩+代码技巧+好题)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
1. 题目来源
链接:166. 数独
前置题:
- [Hdfs] lc37. 解数独(dfs+经典) 在力扣中算难题了!
2. 题目解析
直接暴力按元素枚举会 TLE
,但能过样例。
首先确定枚举顺序,枚举空格子的所有可填数字即可。
其次,针对常见的 dfs
四大优化,在本题中看看是如何应用的:
- 优化1:优化搜索顺序。每个空格子能填的数字个数是不同的,我们优先选择可选状态比较少的空格子来填,这样分支比较少,是个很重要的优化。
- 优化2:排除等效冗余。本题中无冗余,因为是按照空格子可选状态个数来搜索的,如果可选状态一样,按优先搜索位置靠前的空格子,顺序确定,不会冗余。
- 优化3:可行性剪枝。枚举行、列、九宫格中是否该数被使用。
- 优化4:最优性剪枝。本题只让输出一种可行方案即可,不需要进行最优性剪枝。
最后,考虑细节优化:
- 需要快速得到当前空格子所在的行、列、九宫格中哪些数字已经出现过,那些没出现过的数字就是当前格子所能填的所有状态。
- 可以使用一个 9 位二进制 01 串来表示行、列、九宫格每个数字的出现情况。其中 0 表示该数已经使用,1 表示该数未使用。
- 则当前空格子所能填的数,就将对应行、列、九宫格这三个二进制数 与 起来,其中二进制 1 的所在位置就表示该状态能填。
- 可以使用
lowbit()
操作 快速求得二进制表示中最后一位 1 的所在位置。
问题的思维难度不高,优化方式也比较平滑,但很综合,是个好题!
其中在代码实现上运用了很多小技巧,尤其是将状态初始化、空格填数、回溯这三个操作,抽象为一个函数,使得代码逻辑十分清晰。
时间复杂度: O ( 指 数 级 ) O(指数级) O(指数级)
空间复杂度: O ( n ) O(n) O(n)
数独优化:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N = 9, M = 1 << N; // M=512
int ones[M], map[M]; // 快速统计每个状态有多少个 1,lowbit() 操作返回 2^a,求这个 a 等价于求 log
int row[N], col[N], cell[3][3];
char str[105];
int lowbit(int x) {
return x & -x;
}
int get(int x, int y) {
return row[x] & col[y] & cell[x / 3][y / 3];
}
// 0 代表该数已使用,1 代表该数未使用
void init() {
for (int i = 0; i < N; i ++ ) row[i] = col[i] = (1 << N) - 1;
for (int i = 0; i < 3; i ++ )
for (int j = 0; j < 3; j ++ )
cell[i][j] = (1 << N) - 1;
}
// 将 (x, y) 位置填入数字 t,is_set 用来标记是填数字还是恢复现场这两种操作
// 可用于初始化、填数字、回溯三种,用一个函数封装,属实流畅!
void draw(int x, int y, int t, bool is_set) {
if (is_set) str[x * N + y] = t + '1';
else str[x * N + y] = '.';
// 注意 0 代表数已使用,1 代表该数未使用,状态得减....
int v = 1 << t;
if (!is_set) v = -v;
row[x] -= v;
col[y] -= v;
cell[x / 3][y / 3] -= v;
}
bool dfs(int cnt) {
if (!cnt) return true;
int minv = 10;
int x, y;
for (int i = 0, k = 0; i < N; i ++ )
for (int j = 0; j < N; j ++ , k ++ ) {
if (str[k] == '.') {
int state = get(i, j);
if (ones[state] < minv) {
minv = ones[state];
x = i, y = j;
}
}
}
int state = get(x, y);
for (int i = state; i; i -= lowbit(i)) {
int t = map[lowbit(i)]; // 找到最后一位 1 的位置
draw(x, y, t, true);
if (dfs(cnt - 1)) return true;
draw(x, y, t, false);
}
return false;
}
int main() {
for (int i = 0; i < N; i ++ ) map[1 << i] = i;
for (int i = 0; i < 1 << N; i ++ ) {
int t = i, cnt = 0;
while (t) t -= lowbit(t), cnt ++ ;
ones[i] = cnt;
}
while (cin >> str, str[0] != 'e') {
init(); // 预处理行、列、九宫格
int cnt = 0; // 表示空格个数
for (int i = 0, k = 0; i < N; i ++ )
for (int j = 0; j < N; j ++ , k ++ )
if (str[k] != '.') {
int t = str[k] - '1'; // 初始化数字情况
draw(i, j, t, true);
} else {
cnt ++ ;
}
dfs(cnt);
puts(str);
}
return 0;
}
dfs 按元素枚举朴素写法:
// 能过样例,但 TLE
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 10;
string g;
bool row[9][9], col[9][9], cell[3][3][9]; // 行、列、9宫格内的重复元素判断
bool dfs(int u) {
if (u == g.size()) return true;
if (g[u] != '.') return dfs(u + 1);
int x = u / 9, y = u % 9;
for (int i = 0; i < 9; i ++ ) {
if (!row[x][i] && !col[y][i] && !cell[x / 3][y / 3][i]) {
row[x][i] = col[y][i] = cell[x / 3][y / 3][i] = true;
g[u] = (char)(i + '1');
// 找到之后不要回溯了...如果改成 void 则最终将回溯到初始状态相当于没改变
if (dfs(u + 1)) return true;
row[x][i] = col[y][i] = cell[x / 3][y / 3][i] = false;
g[u] = '.';
}
}
return false;
}
int main() {
while (cin >> g, g != "end") {
memset(row, 0, sizeof row);
memset(col, 0, sizeof col);
memset(cell, 0, sizeof cell);
for (int i = 0; i < g.size(); i ++ ) {
int x = i / 9, y = i % 9;
if (g[i] != '.')
row[x][g[i] - '1'] = col[y][g[i] - '1'] = cell[x / 3][y / 3][g[i] - '1'] = true;
}
dfs(0);
cout << g << endl;
}
return 0;
}
以上是关于[dfs] aw166. 数独(dfs剪枝与优化+状态压缩+代码技巧+好题)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
[dfs] aw167. 木棒(dfs剪枝与优化+分类讨论+思维+好题)