BZOJ_2151_种树_贪心+堆+链表
Posted fcwww
tags:
篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了BZOJ_2151_种树_贪心+堆+链表相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
BZOJ_2151_种树_贪心+堆
Description
A城市有一个巨大的圆形广场,为了绿化环境和净化空气,市政府决定沿圆形广场外圈种一圈树。园林部门得到指令后,初步规划出n个种树的位置,顺时针编号1到n。并且每个位置都有一个美观度Ai,如果在这里种树就可以得到这Ai的美观度。但由于A城市土壤肥力欠佳,两棵树决不能种在相邻的位置(i号位置和i+1号位置叫相邻位置。值得注意的是1号和n号也算相邻位置!)。最终市政府给园林部门提供了m棵树苗并要求全部种上,请你帮忙设计种树方案使得美观度总和最大。如果无法将m棵树苗全部种上,给出无解信息。
Input
输入的第一行包含两个正整数n、m。第二行n个整数Ai。
Output
输出一个整数,表示最佳植树方案可以得到的美观度。如果无解输出“Error!”,不包含引号。
Sample Input
7 3
1 2 3 4 5 6 7
【样例输入2】
7 4
1 2 3 4 5 6 7
Sample Output
【样例输出1】
15
【样例输出2】
Error!
【数据规模】
对于全部数据:m<=n;
-1000<=Ai<=1000
N的大小对于不同数据有所不同:
数据编号 N的大小 数据编号 N的大小
1 30 11 200
2 35 12 2007
3 40 13 2008
4 45 14 2009
5 50 15 2010
6 55 16 2011
7 60 17 2012
8 65 18 199999
9 200 19 199999
10 200 20 200000
首先有$O(n^2)$的暴力显然,于是你这道题就可以拿到70分..
我们考虑贪心,每次挑最大的那个删除,同时把左右的也删除,这显然是错的,因为可能有3 5 4,我选3+4要比选5更优。
但是5仍然非常重要,因为你需要同时选2个才可以不选这个5。
于是有了另外一种可以反悔的贪心的思路:每次找最大的并把它两边删除,把这个数修改成它的权值减去两边的权值,其中找最大的用一个堆来维护,找两边的数用链表。
这样就是对的了,因为这相当于我每次都会取出一个数,并且保证每次对答案的贡献增加的最多。
代码:
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <algorithm> #include <queue> using namespace std; #define N 200050 int n,m,a[N],kill[N]; struct node { int v,p; node() {} node(int v_,int p_) : v(v_),p(p_) {} inline bool operator < (const node &x) const { return v<x.v; } }; priority_queue<node>q; int L[N],R[N]; void del(int x) { L[R[x]]=L[x]; R[L[x]]=R[x]; } int main() { // freopen("tree.in","r",stdin); // freopen("tree.out","w",stdout); scanf("%d%d",&n,&m); if(m>n/2) { puts("Error!"); return 0; } int i; for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i]); q.push(node(a[i],i)); L[i]=i-1; R[i]=i+1; } R[n]=1; L[1]=n; int ans=0; for(i=1;i<=m;i++) { while(!q.empty()&&kill[q.top().p]) q.pop(); node t=q.top(); q.pop(); kill[L[t.p]]=kill[R[t.p]]=1; a[t.p]=a[L[t.p]]+a[R[t.p]]-a[t.p]; del(L[t.p]); del(R[t.p]); ans+=t.v; q.push(node(a[t.p],t.p)); } printf("%d\n",ans); }
以上是关于BZOJ_2151_种树_贪心+堆+链表的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
BZOJ 2151 种树(可反悔贪心,链表)BZOJ千题计划就图一乐