BZOJ 1924: [Sdoi2010]所驼门王的宝藏 题解
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题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1924
Description
在宽广的非洲荒漠中,生活着一群勤劳勇敢的羊驼家族。被族人恭称为“先知”的 Alpaca L. Sotomon 是这个家族的领袖,外人也称其为“所驼门王”。
所驼门王毕生致力于维护家族的安定与和谐,他曾亲自率军粉碎河蟹帝国主义的野蛮侵略,为族人立下赫赫战功。
所驼门王一生财宝无数,但因其生性节俭低调, 他将财宝埋藏在自己设计的地下宫殿里,这也是今天 Henry Curtis 故事的起点。
Henry 是一个爱财如命的贪婪家伙,而又非常聪明,他费尽心机谋划了这次盗窃行动,破解重重机关后来到这座地下宫殿前。
整座宫殿呈矩阵状,由 R×C 间矩形宫室组成,其中有 N 间宫室里埋藏着宝藏,称作藏宝宫室。
宫殿里外、相邻宫室间都由坚硬的实体墙阻隔,由一间宫室到达另一间只能通过所驼门王独创的移动方式——传送门。
所驼门王为这 N 间藏宝宫室每间都架设了一扇传送门,没有宝藏的宫室不设传送门,所有的宫室传送门分为三种:
1、“横天门”:由该门可以传送到同行的任一宫室;
2、“纵寰门”:由该门可以传送到同列的任一宫室;
3、“free门”:由该门可以传送到以该门所在宫室为中心周围8格中任一宫室(如果目标宫室存在的话)。
深谋远虑的 Henry 当然事先就搞到了所驼门王当年的宫殿招标册,书册上详细记录了每扇传送门所属宫室及类型。
而且,虽然宫殿内外相隔,但他自行准备了一种便携式传送门,可将自己传送到殿内任意一间宫室开始寻宝,并在任意一间宫室结束后传送出宫。
整座宫殿只许进出一次,且便携门无法进行宫室之间的传送。不过好在宫室内传送门的使用没有次数限制,每间宫室也可以多次出入。
现在 Henry 已经打开了便携门,即将选择一间宫室进入。
为得到尽多宝藏, 他希望安排一条路线,使走过的不同藏宝宫室尽可能多。请你告诉 Henry 这条路线最多行经不同藏宝宫室的数目。
Input
第一行给出三个正整数 N, R, C。 以下 N 行,每行给出一扇传送门的信息,包含三个正整数xi, yi, Ti,表示该传送门设在位于第 xi行第yi列的藏宝宫室,类型为 Ti。Ti是一个1~3间的整数, 1表示可以传送到第 xi行任意一列的“横天门”,2表示可以传送到任意一行第 yi列的“纵寰门”,3表示可以传送到周围 8格宫室的“free门”。 保证 1≤xi≤R,1≤yi≤C,所有的传送门位置互不相同。
Output
只有一个正整数,表示你确定的路线所经过不同藏宝宫室的最大数目。
Sample Input
2 2 1
2 4 2
1 7 2
2 7 3
4 2 2
4 4 1
6 7 3
7 7 1
7 5 2
5 2 1
Sample Output
1 #include<cstdio> 2 #include<algorithm> 3 #include<cmath> 4 #include<cstring> 5 #include<vector> 6 #include<stack> 7 #include<map> 8 9 const int MAXN = 1000002; 10 inline void read(int &x) 11 { 12 char ch = getchar(),c = ch;x = 0; 13 while(ch < ‘0‘ || ch > ‘9‘) c = ch,ch = getchar(); 14 while(ch <= ‘9‘ && ch >= ‘0‘) x = (x<<1)+(x<<3)+ch-‘0‘,ch = getchar(); 15 if(c == ‘-‘) x = -x; 16 } 17 18 std::vector<int> a[MAXN],b[MAXN]; 19 std::map <int,int> mp[MAXN]; 20 std::stack <int> s; 21 int k,m,n,cnt,ans,dfn_cnt,part; 22 int x[MAXN],y[MAXN],op[MAXN],head[MAXN],first[MAXN]; 23 int dfn[MAXN],low[MAXN],belong[MAXN],sum[MAXN],calc[MAXN]; 24 25 inline int Max(int a,int b) 26 {return a>b?a:b;} 27 28 inline int Min(int a,int b) 29 {return a<b?a:b;} 30 31 struct Edge 32 { 33 int f,t,nxt; 34 }e[MAXN],New[MAXN]; 35 36 void insert(int f,int t) 37 { 38 e[++cnt].f = f,e[cnt].t = t; 39 e[cnt].nxt = head[f]; 40 head[f] = cnt; 41 } 42 43 void New_insert(int f,int t) 44 { 45 New[++cnt].f = f,New[cnt].t = t; 46 New[cnt].nxt = first[f]; 47 first[f] = cnt; 48 } 49 50 void build() 51 { 52 //建立横天门 53 for(int i = 1;i <= n;++ i) 54 { 55 int tmp = 0,t = a[i].size(); 56 for(int j = 0;j < t;++ j) 57 if(op[a[i][j]] == 1){ 58 tmp = a[i][j];break; 59 } 60 for(int j = 0;j < t;++ j) 61 { 62 insert(tmp,a[i][j]); 63 if(op[a[i][j]] == 1) 64 insert(a[i][j],tmp); 65 } 66 } 67 //建立纵寰门 68 for(int i = 1;i <= m;++ i) 69 { 70 int tmp = 0,t = b[i].size(); 71 for(int j = 0;j < t;++ j) 72 if(op[b[i][j]] == 2){ 73 tmp = b[i][j];break; 74 } 75 for(int j = 0;j < t;++ j) 76 { 77 insert(tmp,b[i][j]); 78 if(op[b[i][j]] == 2) 79 insert(b[i][j],tmp); 80 } 81 } 82 //建立free门 83 for(int i = 1;i <= k;++ i) 84 if(op[i] == 3) 85 for(int h = -1;h <= 1;++ h) 86 for(int z = -1;z <= 1;++ z) 87 { 88 if(!h && !z) continue; 89 int t = mp[x[i]+h][y[i]+z]; 90 if(t) insert(i,t); 91 } 92 } 93 94 void Tarjan(int u) 95 { 96 dfn[u] = low[u] = ++ dfn_cnt; 97 s.push(u); 98 for(int i = head[u];i;i = e[i].nxt) 99 { 100 int v = e[i].t; 101 if(!dfn[v]) 102 { 103 Tarjan(v); 104 low[u] = Min(low[u],low[v]); 105 } 106 else if(!belong[v]) 107 low[u] = Min(low[u],dfn[v]); 108 } 109 if(dfn[u] == low[u]) 110 { 111 part ++; 112 while(!s.empty()) 113 { 114 int tmp = s.top(); 115 s.pop(); 116 belong[tmp] = part; 117 sum[part] ++; 118 if(tmp == u) break; 119 } 120 } 121 } 122 123 void rebuild() 124 { 125 cnt = 0; 126 for(int i = 1;i <= k;++ i) 127 for(int j = head[i];j;j = e[j].nxt) 128 { 129 int t = e[j].t; 130 if(belong[i] != belong[t]) 131 New_insert(belong[i],belong[t]); 132 } 133 } 134 135 int dp(int u) 136 { 137 if(calc[u]) return calc[u]; 138 calc[u] = sum[u]; 139 for(int i = first[u];i;i = New[i].nxt) 140 calc[u] = Max(calc[u],dp(New[i].t)+sum[u]); 141 142 ans = Max(ans,calc[u]); 143 return calc[u]; 144 } 145 146 int main() 147 { 148 read(k),read(n),read(m); 149 for(int i = 1;i <= k;++ i) 150 { 151 read(x[i]),read(y[i]),read(op[i]); 152 mp[x[i]][y[i]] = i; 153 a[x[i]].push_back(i); 154 b[y[i]].push_back(i); 155 } 156 build();//建立原图 157 //缩点变为DAG 158 for(int i = 1;i <= k;++ i) 159 if(!dfn[i]) 160 Tarjan(i); 161 rebuild();//重建图 162 for(int i = 1;i <= part;++ i) 163 dp(i);//DAG上求最长路 164 printf("%d\\n",ans); 165 return 0; 166 }
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