BZOJ2733 永无乡splay启发式合并
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Description
永无乡包含 n 座岛,编号从 1 到 n,每座岛都有自己的独一无二的重要度,按照重要度可 以将这 n 座岛排名,名次用 1 到 n 来表示。某些岛之间由巨大的桥连接,通过桥可以从一个岛 到达另一个岛。如果从岛 a 出发经过若干座(含 0 座)桥可以到达岛 b,则称岛 a 和岛 b 是连 通的。现在有两种操作:B x y 表示在岛 x 与岛 y 之间修建一座新桥。Q x k 表示询问当前与岛 x连通的所有岛中第 k 重要的是哪座岛,即所有与岛 x 连通的岛中重要度排名第 k 小的岛是哪 座,请你输出那个岛的编号。
Input
输入文件第一行是用空格隔开的两个正整数 n 和 m,分别 表示岛的个数以及一开始存在的桥数。接下来的一行是用空格隔开的 n 个数,依次描述从岛 1 到岛 n 的重要度排名。随后的 m 行每行是用空格隔开的两个正整数 ai 和 bi,表示一开始就存 在一座连接岛 ai 和岛 bi 的桥。后面剩下的部分描述操作,该部分的第一行是一个正整数 q, 表示一共有 q 个操作,接下来的 q 行依次描述每个操作,操作的格式如上所述,以大写字母 Q 或B 开始,后面跟两个不超过 n 的正整数,字母与数字以及两个数字之间用空格隔开。 对于 20%的数据 n≤1000,q≤1000
对于 100%的数据 n≤100000,m≤n,q≤300000
Output
对于每个 Q x k 操作都要依次输出一行,其中包含一个整数,表 示所询问岛屿的编号。如果该岛屿不存在,则输出-1。
Sample Input
4 3 2 5 1
1 2
7
Q 3 2
Q 2 1
B 2 3
B 1 5
Q 2 1
Q 2 4
Q 2 3
Sample Output
2
5
1
2
正解:$splay$启发式合并
解题报告:
昨天用一个$log$的线段树合并切掉了这道题,今天试着用$splay$又写了一遍,带$splay$的东西果然各种写萎QAQ
复杂度也是玄学…
每个节点维护一棵$splay$,每次合并的时候$size$小的往大的上面合。
具体做法就是把小的那棵树拆了,一个一个往大的里面扔…听上去很暴力,但是复杂度确实是正确的。
查询的话就是$splay$基本的查询第$k$小数操作了。
总复杂度:$O(nlog^2 n)$
//It is made by ljh2000 #include <iostream> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <cstdio> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; typedef long long LL; const int MAXN = 100011; int n,m,q,w[MAXN],pos[MAXN],F[MAXN],root[MAXN],father[MAXN]; int size[MAXN],tr[MAXN][2],dui[MAXN],head,tail; char ch[12]; inline int find(int x){ if(F[x]!=x) F[x]=find(F[x]); return F[x]; } inline int getint(){ int w=0,q=0; char c=getchar(); while((c<\'0\'||c>\'9\') && c!=\'-\') c=getchar(); if(c==\'-\') q=1,c=getchar(); while (c>=\'0\'&&c<=\'9\') w=w*10+c-\'0\',c=getchar(); return q?-w:w; } inline void rotate(int x,int &rt){ int y=father[x],z=father[y]; int l=(tr[y][1]==x),r=l^1; if(y==rt) rt=x; else tr[z][(tr[z][1]==y)]=x; father[x]=z; father[y]=x; tr[y][l]=tr[x][r]; father[tr[x][r]]=y; tr[x][r]=y; size[y]=size[tr[y][0]]+size[tr[y][1]]+1; size[x]=size[tr[x][0]]+size[tr[x][1]]+1; } inline void splay(int x,int &rt){ int y,z; while(x!=rt) { y=father[x]; z=father[y]; if(y!=rt) { if((tr[y][0]==x)^(tr[z][0]==y)) rotate(x,rt);//不同边转自己 else rotate(y,rt);//同边转父亲 } rotate(x,rt); } } inline void insert(int x,int &rt,int fa){ if(rt==0) { rt=x; father[x]=fa; return ; } size[rt]++; if(w[x]<=w[rt]) insert(x,tr[rt][0],rt); else insert(x,tr[rt][1],rt); } inline void merge(int x,int y){ if(x==y) return ; if(size[root[x]]>size[root[y]]) swap(x,y); F[x]=y; head=tail=0; dui[++tail]=root[x]; int u; while(head<tail) { head++; u=dui[head]; if(tr[u][0]) dui[++tail]=tr[u][0]; if(tr[u][1]) dui[++tail]=tr[u][1]; insert(u,root[y],0); splay(u,root[y]); } } inline int kth_query(int rt,int k){ int u=rt; while(1) { if(k<=size[tr[u][0]]) u=tr[u][0]; else if(size[tr[u][0]]+1==k) return w[u]; else k-=size[tr[u][0]]+1,u=tr[u][1]; } } inline void work(){ n=getint(); m=getint(); int x,y; for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=getint(); for(int i=1;i<=n;i++) root[i]=i,F[i]=i,pos[w[i]]=i,size[i]=1; for(int i=1;i<=m;i++) { x=getint(); y=getint(); merge(find(x),find(y)); } q=getint(); while(q--) { scanf("%s",ch); x=getint(); y=getint(); if(ch[0]==\'Q\') { if(size[root[find(x)]]<y) { printf("-1\\n"); continue; } printf("%d\\n",pos[ kth_query(root[find(x)],y) ]); } else merge(find(x),find(y)); } } int main() { work(); return 0; }
以上是关于BZOJ2733 永无乡splay启发式合并的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
Bzoj 2733: [HNOI2012]永无乡 数组Splay+启发式合并
BZOJ2733永无乡[splay启发式合并or线段树合并]