bzoj3156 防御准备
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了bzoj3156 防御准备相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3156 (题目链接)
题意
给出n个防御节点,每个节点有两种选择,可以花费a[i]建立一个防御塔,或者放置一个木偶,木偶的花费为到右端第一个防御塔的距离。求最少花费。
Solution
容易写出dp方程:$${f[i]=Min(f[j]+\frac{(i-j)*(i-j-1)}{2})}$$
其中${f[i]}$表示在${i}$处放置防御塔,前${i}$个节点已经完成防御所需要的最少花费。
易证决策单调性,划出斜率式:$${i>=\frac{(2*f[j]+j+j*j)-(2*f[k]+k+k*k)}{2*(j-k)}}$$
其中${j<k<i}$。
细节
斜率里面${j*j}$以及${k*k}$记得开long long,用一个错的程序拍了好久→_→。。
代码
// bzoj3156 #include<algorithm> #include<iostream> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<cstdio> #include<cmath> #define LL long long #define MOD 100000000 #define inf 2147483640 #define Pi acos(-1.0) #define free(a) freopen(a".in","r",stdin),freopen(a".out","w",stdout); using namespace std; const int maxn=1000010; LL a[maxn],q[maxn],n; LL f[maxn]; double slope(LL j,LL k) { return ((2.0*f[j]+j+j*j)-(2.0*f[k]+k+k*k))/(2.0*(j-k)); } int main() { scanf("%lld",&n); for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]); int l=1,r=1;q[1]=0; for (int i=1;i<=n;i++) { while (l<r && i>=slope(q[l],q[l+1])) l++; f[i]=f[q[l]]+(i-q[l])*(i-q[l]-1)/2+a[i]; while (l<r && slope(q[r-1],q[r])>slope(q[r],i)) r--; q[++r]=i; } //for (int i=1;i<=n;i++) printf("%d : %lld\n",i,f[i]); printf("%lld",f[n]); return 0; }
以上是关于bzoj3156 防御准备的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章