AtCoder AGC033C Removing Coins (博弈论)
Posted suncongbo
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了AtCoder AGC033C Removing Coins (博弈论)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目链接
https://atcoder.jp/contests/agc033/tasks/agc033_c
题解
终于会做点最简单的博弈论了……
首先题目中操作的含义就是选定一个点,把所有不是这个点的叶子删掉(如果这个点不是叶子就删所有叶子)。
对于任何一棵点数不少于(3)的树,一定存在一个点(比如非叶子节点),使得对该点操作之后直径减少(2);同时一定存在一个点(比如直径的端点),使得对该点操作后直径减少(1);同时不存在任何一种操作使得直径发生其他的变化。因此这是一个Bash博弈的模型,答案与直径长度模(3)的值有关。
设直径长度(点数)为(l). 若(l=1)则先手必胜,(l=2)则后手必胜。后面就变成了刚才讨论的情况,因此当且仅当直径长度(mod 3=2)时后手必胜。
时间复杂度(O(n)).
代码
#include<bits/stdc++.h>
#define llong long long
using namespace std;
inline int read()
{
int x = 0,f = 1; char ch = getchar();
for(;!isdigit(ch);ch=getchar()) {if(ch=='-') f = -1;}
for(; isdigit(ch);ch=getchar()) {x = x*10+ch-48;}
return x*f;
}
const int N = 2e5;
struct Edge
{
int v,nxt;
} e[(N<<1)+3];
int fe[N+3];
int fa[N+3];
int len[N+3];
int n,en,mx;
void addedge(int u,int v)
{
en++; e[en].v = v;
e[en].nxt = fe[u]; fe[u] = en;
}
void dfs(int u)
{
for(int i=fe[u]; i; i=e[i].nxt)
{
int v = e[i].v; if(v==fa[u]) continue;
fa[v] = u; dfs(v);
mx = max(mx,len[u]+len[v]+1);
len[u] = max(len[u],len[v]+1);
}
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1; i<n; i++) {int u,v; scanf("%d%d",&u,&v); addedge(u,v); addedge(v,u);}
dfs(1);
if(mx%3==1) {puts("Second");}
else {puts("First");}
return 0;
}
以上是关于AtCoder AGC033C Removing Coins (博弈论)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章
[AGC028B]Removing Blocks(概率与期望)
AtCoder ABC 158F Removing Robots