均值不等式习题
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了均值不等式习题相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
(fbox{例1})均值不等式中有一类常考题型,比如,求限定条件下的最值问题,对应的解决方法是:常数代换,乘常数再除常数。
【模型1】:已知(2m+3n=2,m>0,n>0),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。(给定条件是整式,求分式的最值,常数代换,乘常数再除常数,部分使用均值不等式)
分析如下:(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n}=cfrac{1}{2}cdot (2m+3n)(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})=cfrac{1}{2}cdot (8+3+cfrac{2m}{n}+cfrac{12n}{m})=cdots)
【模型2】:已知(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n}=2,m>0,n>0),求 (2m+3n)的最小值。(给定条件是分式,求整式的最值,常数代换,乘常数再除常数,部分使用均值不等式)
【对照1】:已知(cfrac{1}{a}+cfrac{2}{b}=1,a>0,b>0),求 (cfrac{2}{a-1}+cfrac{1}{b-2})的最小值。(给定条件是分式,求分式的最值,变量集中,再使用均值不等式)
【对照2】:已知(2a+b=1,a>0,b>0),求 (a^2+2b^2)的最小值。(给定条件是整式,求整式的最值,变量集中,用函数求解最值)
改变限定条件的给出方式:
【变式1】限定条件以简单变形形式给出,
如已知(m>0,n>0,m+cfrac{3}{2}n=1),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
又或已知(m>0,n>0,cfrac{1}{n}+cfrac{3n}{2m}=cfrac{1}{mn}),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
【变式2】限定条件以直线的形式给出,
如已知点(P(m,n))在直线(2x+3y=2,x>0,y>0)上,求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
【变式3】已知直线(ax+by-6=0(a,b>0))过圆(x^2+y^2-2x-4y=0)的圆心(或直线平分此圆或圆上存在两个点关于直线对称),求(cfrac{4}{a}+cfrac{1}{b})的最小值。
【变式4】限定条件以线性规划形式给出,
如已知(x,y)满足约束条件(egin{cases} &x+yge 3 \\ &x-yge -1 \\ &2x-yleq 3 end{cases}) ,若目标函数(z=ax+by(a>0,b>0))的最大值为10,则(cfrac{5}{a}+cfrac{4}{b})的最小值为多少?
【变式5】限定条件以极限或定积分的形式给出
如已知(limlimits_{x o 1^+} f(x)=limlimits_{x o 1^+}cfrac{x}{x^2+3x+1}=m+n),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
如已知(int_{0}^{2} x, dx=m+n,m>0,n>0),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
【变式6】限定条件以二项式形式给出,如
已知((2x+1)^9)展开式中,含(x^3)项的系数为(m+n,m>0,n>0),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
【变式7】限定条件以数列形式给出,如
已知正项等比数列({a_n})满足:(a_7=a_6+2a_5),若存在两项(a_m,a_n),使得(a_ma_n=16a_1^2),求(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
【变式8】以三点共线的向量形式给出(如宝鸡市三检),
设向量(overrightarrow{OA}=(1,-2)),(overrightarrow{OB}=(a,-1)),(overrightarrow{OC}=(-b,0)),其中(O)为坐标原点,(a,b>0),若(A,B,C)三点共线,则(cfrac{1}{a}+cfrac{2}{b})的最小值为多少?
分析:由三点共线的向量表达方式可知,(2a+b=1),转化为最初的例子。
【变式9】以向量的垂直或平行形式给出
已知向量(vec{a}=(m,1)),(vec{b}=(1,n-1)),若(vec{a}perpvec{b}),则(cfrac{4}{m}+cfrac{1}{n})的最小值。
分析:有条件(vec{a}perpvec{b})可知(m+n=1),即(cfrac{1}{m}+cfrac{4}{n}=(cfrac{1}{m}+cfrac{4}{n})(m+n)=5+cfrac{4n}{m}+cfrac{m}{n}=...)
【变式10】以对数方程的形式给出;
已知(x>0),(y>0),(lg2^x+lg8^y=lg2),求(cfrac{1}{x}+cfrac{1}{3y})的最小值。
分析:由已知条件可知,(x+3y=1),求(cfrac{1}{x}+cfrac{1}{3y})
【变式11】以概率的形式给出;
比如一个篮球运动员投篮一次得3分的概率为(a),得2分的概率为(b),不得分的概率为(c)((a,b,cin (0,1))),已知他投篮一次得分的均值为2,求(cfrac{2}{a}+cfrac{1}{3b})的最小值。
分析:由题目可知投篮一次得分的均值(EX=3a+2b=2(a>0,b>0)),求(cfrac{2}{a}+cfrac{1}{3b})的最小值。
【变式12】以解三角形和三角形的面积形式给出;
比如已知点M是(Delta ABC)内的一点,且(overrightarrow{AB}cdot overrightarrow{AC}=2sqrt{3}),(angle BAC=cfrac{pi}{6}),若(Delta MBC,Delta MCA,Delta MAB)的面积分别为(cfrac{1}{2},x,y),求(cfrac{1}{x}+cfrac{4}{y})的最小值。
分析:由(overrightarrow{AB}cdot overrightarrow{AC}=2sqrt{3}),(angle BAC=cfrac{pi}{6}),故有(|overrightarrow{AB}|cdot |overrightarrow{AC}|coscfrac{pi}{6}=2sqrt{3}),得到(bc=4),所以(S_{Delta ABC}=cfrac{1}{2}bcsincfrac{pi}{6}=1),又(Delta MBC,Delta MCA,Delta MAB)的面积分别为(cfrac{1}{2},x,y),故有(cfrac{1}{2}+x+y=1),即(x+y=cfrac{1}{2}),
【变式13】以隐含条件的形式给出
比如函数(f(x)=cfrac{1}{x}+cfrac{4}{2-x},0<x<2),求函数(f(x))的最小值。
提示:(f(x)=cfrac{1}{2}cdot (cfrac{1}{x}+cfrac{4}{2-x})[x+(2-x)]=cfrac{1}{2}cdot (1+4+cfrac{2-x}{x}+cfrac{4x}{2-x})ge cfrac{1}{2}(5+2sqrt{4})=cfrac{9}{2}),当且仅当(cfrac{2-x}{x}=cfrac{4x}{2-x}),即(x=cfrac{2}{3})时取到等号。
【变式14】以曲线的对称中心的形式给出
(2017广东揭阳联考)若直线(2ax+by-1=0(a>0,b>0))经过曲线(y=cospi x+1(0<x<1))的对称中心,则(cfrac{2}{a}+cfrac{1}{b})的最小值为_____.
分析:做出简图可知,曲线(y=cospi x+1(0<x<1))的对称中心为((cfrac{1}{2},1)),代入直线得到条件(a+b=1),
此时题目转化为,已知(a+b=1(a>0,b>0)),求(cfrac{2}{a}+cfrac{1}{b})的最小值的题目,很显然,应用乘常数除常数的思路解决即可。
提示:((cfrac{2}{a}+cfrac{1}{b})_{min}=3+2sqrt{2}).
【变式15】利用点线距的形式给出(2017浙江嘉兴一中模拟)
已知直线(sqrt{2}ax+by=1)(其中(ab eq0))与圆(x^2+y^2=1)相交于(A、B)两点,(O)为坐标原点,且(angle AOB=120^{circ}),则(cfrac{1}{a^2}+cfrac{2}{b^2})的最小值为_____________.
分析:自行做出示意图,结合题目条件,我们可以知道圆心到直线的点线距为(d=cfrac{1}{2}),
即(d=cfrac{1}{2}=cfrac{|sqrt{2}a imes 0+b imes0-1|}{sqrt{2a^2+b^2}}),即(2a^2+b^2=4),
到此题目转化为已知(2a^2+b^2=4),求(cfrac{1}{a^2}+cfrac{2}{b^2})的最小值问题。
利用乘常数除常数的方法解决即可。
【变式16】利用换元法转化(2017(cdot)陕西西安质检)
已知实数(x,y)满足(x>y>0),且(x+y=cfrac{1}{2}) ,则(cfrac{2}{x+3y}+cfrac{1}{x-y})的最小值是_________.
分析:换元法,令(x+3y=s>0),(x-y=t>0),
求解上述以(x,y)为元的方程组,得到(x=cfrac{s+3t}{4});(y=cfrac{s-t}{4});
由(x+y=cfrac{1}{2}),将上述结果代入得到(s+t=1),
故此时题目转化为"已知(s+t=1),(s,t>0),求(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t})的最小值”问题。
接下来,利用乘常数除常数的思路就可以求解。
简单提示如下:(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t}=(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t})(s+t)=3+)(cfrac{2t}{s}+cfrac{s}{t}ge 3+2sqrt{2})(当且仅当(cfrac{2t}{s}=cfrac{s}{t})及(s+t=1)时取到等号)
看完这些内容,你难道不觉得我们得好好的改造我们的学习方法吗,比如说留意限定条件的给出方式;
(fbox{例1}) (2017榆林模拟)已知正数(x,y)满足(x+2y-xy=0),求(x+2y)的最小值。
分析:需要将已知条件变形为分式形式,只有这样才能出现乘积为常数,
由(x+2y-xy=0)得到(cfrac{2}{x}+cfrac{1}{y}=1),
则(x+2y=(x+2y)cdot 1=(x+2y)(cfrac{2}{x}+cfrac{1}{y})\\=2+2+cfrac{x}{y}+cfrac{4y}{x}ge 4+2sqrt{4}=8)
当且仅当(egin{cases}cfrac{2}{x}+cfrac{1}{y}=1\\cfrac{x}{y}=cfrac{4y}{x}end{cases}),即(x=4,y=2)时取等号,故(x+2y)的最小值为8.
(fbox{例2})不等式证明
已知(a>0,b>0,a+b=1),
求证:(1).(cfrac{1}{a}+cfrac{1}{b}+cfrac{1}{ab}ge 8)
(2).((1+cfrac{1}{a})(1+cfrac{1}{b})ge 9)
分析:(1).(cfrac{1}{a}+cfrac{1}{b}+cfrac{1}{ab}=2(cfrac{1}{a}+cfrac{1}{b})=2(cfrac{a+b}{a}+cfrac{a+b}{b})=\\2(2+cfrac{a}{b}+cfrac{b}{a})ge 2(2+2sqrt{1})=8),
当且仅当(egin{cases}a+b=1\\a=bend{cases})时,即(a=b=cfrac{1}{2})时取等号。
法2:(cfrac{1}{a}+cfrac{1}{b}+cfrac{1}{ab}=cfrac{2}{ab})
由(1=a+bge 2sqrt{ab})得到(0<sqrt{ab}leq cfrac{1}{2})
故(0<ableq cfrac{1}{4}),故(cfrac{1}{ab}ge 4),故(cfrac{2}{ab}ge 8),当且仅当$a=b=cfrac{1}{2} $时取到等号。
(2).((1+cfrac{1}{a})(1+cfrac{1}{b})=(1+cfrac{a+b}{a})(1+cfrac{a+b}{b})\\(2+cfrac{b}{a})(2+cfrac{a}{b})=5+2(cfrac{b}{a}+cfrac{a}{b})ge 5+2cdot2=9=)
(fbox{例3})已知(a,bin R^{+},a+b-ab+3=0),1、求(ab)的范围;2、求(a+b)的范围;
1、求(ab)的范围;
解:(ecause -3+ab=a+bge 2sqrt{ab})
( herefore ab-2sqrt{ab}-3ge 0),
((sqrt{ab}+1)(sqrt{ab}-3) ge 0)
$sqrt{ab}leq -1 或 sqrt{ab}ge 3 $
又(a,bin R^{+}),故 (sqrt{ab}ge 3 (当且仅当a=b=3取到等号))
故(abge 9)
2、求(a+b)的范围;
解:(ecause a+b+3=ab leq (cfrac{a+b}{2})^2,令t=a+b)
(t^2-4t-12 ge 0),
$t leq -2 或 t ge 6 $
故 (a+b ge 6 (当且仅当a=b=3取到等号))
【评析】代数式中同时有(a+b)和(ab)型,两元(a+b,ab)常常转化集中为一元(a+b)或(ab),这样就好处理多了。
【同类题】设(m,nin R),则直线((m+1)x+(n+1)y-2=0)与圆((x-1)^2+(y-1)^2=1)相切,且(m+n)的取值范围是_________。
分析:由圆心((1 ,1))到直线的距离等于半径可得,
(cfrac{(m+1)cdot 1+(n+1)cdot 1-2}{sqrt{(m+1)^2+(n+1)^2}}=1) ,
变形得到(mn=m+n+1),此时即转化为上述例3的类型了。
由(mnleq (cfrac{m+n}{2})^2),则(m+n+1leq (cfrac{m+n}{2})^2),
求解上述以(m+n)为整体的不等式,得到(m+nleq 2-2sqrt{2})或者(m+nge 2+2sqrt{2});
(fbox{例4})已知实数(a,b,c)满足(a+b+c=9,ab+bc+ac=24),则(b)的取值范围是[1,5]。
解:由于(ab+bc+ac=(a+c)b+ac=24)
故(ac=24-(a+c)b leq (cfrac{a+c}{2})^2)
故(24-(a+c)b leq (cfrac{a+c}{2})^2),(三元变成了两个元(a+c,b))
又因为(a+c=9-b),
即(24-(9-b)b leq cfrac{(9-b)^2}{4}),(两元(a+c,b)变成了一元(b))
即(b^2-6b+5 leq 0)
解得(1leq b leq 5)
(fbox{例5})【2016.江西两市联考】已知(x,yin R^+),且(x+y+cfrac{1}{x}+cfrac{1}{y}=5),则(x+y)的取值范围是多少?
分析:先将已知表达式变形为(x+y+cfrac{4}{x+y}=5),接下来的变形的方向就是想法替换掉(xy),为此,
由(xyleq cfrac{(x+y)^2}{4}),得到(cfrac{1}{xy}ge cfrac{4}{(x+y)^2}),得到(cfrac{x+y}{xy}ge cfrac{4}{x+y}),代入上述等式,得到
(x+y+cfrac{4}{x+y}leq 5),得到((x+y)^2-5(x+y)+4leq 0),解得(1leq x+y leq 4)。
(fbox{例6})(2017(cdot)天津卷)
已知(a,bin R,ab>0),求(cfrac{a^4+4b^4+1}{ab})的最小值。
分析:考虑到题目中(ab>0),则一般不能把(a,b)单独拆开使用,应该看成一个整体变量,
这样(cfrac{a^4+4b^4+1}{ab}ge cfrac{4a^2b^2+1}{ab}=4ab+cfrac{1}{ab}ge 4),
当且仅当(a^4=4b^4)和(4ab=cfrac{1}{ab}),
即(a^4=cfrac{1}{2}),(b^4=cfrac{1}{8}),(ab=cfrac{1}{2})时取到等号。
【例7】已知(x>1),求(f(x)=x+cfrac{1}{x-1})的最小值。
【引例1】已知(a>1,b>0, a+b=4),求(cfrac{1}{a-1}+cfrac{4}{b})的最小值。((a+b=4Longrightarrow (a-1)+b=3))
【引例2】已知(a>1,b>2, a+b=4),求(cfrac{1}{a-1}+cfrac{4}{b-2})的最小值。((a+b=4Longrightarrow (a-1)+(b-2)=1))
【引例3】已知(a>0,b>0, cfrac{1}{a}+cfrac{1}{b}=1),求(cfrac{1}{a-1}+cfrac{9}{b-1})的最小值。((b=cfrac{a}{a-1}代入,变成关于a的一元,变量集中))
【引例4】函数(f(x)=cfrac{1}{x}+cfrac{4}{1-x}),则(f(x)=(cfrac{1}{x}+cfrac{4}{1-x})[x+(1-x)]=...),注意隐含条件的发掘和利用。
(fbox{例8})(2017凤翔中学高三理科第二次月考第16题)
设(x,y)满足约束条件(egin{cases}2x-y+2ge 0\\8x-y-4leq 0\\xge 0,yge 0end{cases},)若目标函数(z=ax+by(a>0,b>0))的最大值为4,则(cfrac{a+2b}{ab})的最小值为多少?
分析:如图所示,要保证目标函数(z=ax+by(a>0,b>0))的最大值为4,则直线必须经过点((1,4)),即(a+4b=4),所求条件(cfrac{a+2b}{ab})变形为(cfrac{1}{b}+cfrac{2}{a}),此时题目变成已知条件(a+4b=4(a>0,b>0)),求(cfrac{1}{b}+cfrac{2}{a})的最小值,只需要仿照模型完成即可。
提示:(cfrac{a+2b}{ab}=cfrac{1}{b}+cfrac{2}{a}=cfrac{1}{4} imes (cfrac{1}{b}+cfrac{2}{a}) imes 4=cfrac{1}{4} imes (cfrac{1}{b}+cfrac{2}{a}) imes(a+4b)=cfrac{1}{4} imes (+6+cfrac{a}{b}+cfrac{8b}{a})gecfrac{6}{4}+cfrac{1}{4} imes2sqrt{8}=cfrac{3}{2}+sqrt{2});当且仅当(a+4b=4)且(a^2=8b^2)取到等号。
(fbox{例9})(2017天津一中月考)
设(a+b=2,b>0),则(cfrac{1}{2|a|}+cfrac{|a|}{b})的最小值为__________.
分析:由题可知,(cfrac{a+b}{2}=1),则常数代换得到
(cfrac{1}{2|a|}+cfrac{|a|}{b}=cfrac{a+b}{4|a|}+cfrac{|a|}{b}=cfrac{a}{4|a|}+cfrac{b}{4|a|}+cfrac{|a|}{b})
(ge cfrac{a}{4|a|}+2sqrt{cfrac{b}{4|a|}cdot cfrac{|a|}{b}}= cfrac{a}{4|a|}+1)(当且仅当(b^2=4a^2)时等号成立),
接下来分类讨论得到
当(a>0)时,(cfrac{1}{2|a|}+cfrac{|a|}{b}ge cfrac{a}{4a}+1=cfrac{5}{4});
当(a<0)时,(cfrac{1}{2|a|}+cfrac{|a|}{b}ge cfrac{a}{-4a}+1=cfrac{3}{4});
综上所述,(cfrac{1}{2|a|}+cfrac{|a|}{b})的最小值为(cfrac{3}{4});
解后反思:常数代换,部分使用均值不等式,分类讨论;
(fbox{例10})(2017(cdot)陕西西安质检)
已知实数(x,y)满足(x>y>0),且(x+y=cfrac{1}{2}) ,则(cfrac{2}{x+3y}+cfrac{1}{x-y})的最小值是_________.
分析:换元法,令(x+3y=s>0),(x-y=t>0),
求解上述以(x,y)为元的方程组,得到(x=cfrac{s+3t}{4});(y=cfrac{s-t}{4});
由(x+y=cfrac{1}{2}),将上述结果代入得到(s+t=1),
故此时题目转化为"已知(s+t=1),(s,t>0),求(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t})的最小值”问题。
接下来,利用乘常数除常数的思路就可以求解。
简单提示如下:(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t}=(cfrac{2}{s}+cfrac{1}{t})(s+t)=3+)(cfrac{2t}{s}+cfrac{s}{t})(=cdots)
(fbox{例11})(2017(cdot)江西南昌十所省级重点中学模拟)
若正数(a,b)满足(cfrac{1}{a}+cfrac{2}{b}=1),求 (cfrac{2}{a-1}+cfrac{1}{b-2})的最小值_________。
分析:由(cfrac{1}{a}+cfrac{2}{b}=1),变形得到(a=cfrac{b}{b-2}),变量集中。
又由于(a>0,b>0),即(a=cfrac{b}{b-2}>0),即(b>2),
则(cfrac{2}{a-1}+cfrac{1}{b-2}=cfrac{2}{frac{b}{b-2}-1}+cfrac{1}{b-2}=(b-2)+cfrac{1}{b-2}ge 2)
当且仅当(cfrac{1}{b-2}=b-2),即(a=b=3)时,取得等号。
(fbox{例12})【综合应用题目】
已知函数(f(x)=mlnx+x^2-mx)在((1,+∞))上单调递增,求m的取值范围.
【分析】由函数单调递增,转化为(f'(x)≥0)在((1,+∞))上恒成立,然后分离参数得到(m≤g(x)),用均值不等式求新函数(g(x))的最小值即可。
【解答】由题目可知,(f'(x)≥0)在((1,+∞))上恒成立,且(f'(x))不恒为零,
则有(f'(x)=cfrac{m}{x}+2x-m=cfrac{2x^2-mx+m}{x}≥0)在((1,+∞))上恒成立,
即(2x^2-mx+m≥0)在((1,+∞))上恒成立,常规法分离参数得到
m≤(cfrac{2x^2}{x-1}=cfrac{2(x-1)^2+4x-2}{x-1}=cfrac{2(x-1)^2+4(x-1)+2}{x-1}=2(x-1)+cfrac{2}{x-1}+4)
由于(x>1),故(2(x-1)+cfrac{2}{x-1}+4≥2sqrt{4}+4=8),当且仅当(x=2)时取到等号。
故(m≤8),当(m=8)时,函数不是常函数,也满足题意,故(m≤8)。
【点评】函数(f(x))在区间(D) 上单调递增,则(f'(x)≥0)在(D)上恒成立,且(f'(x))不恒为零;
函数(f(x))在区间(D)上单调递减,则(f'(x)≤0)在(D)上恒成立,且(f'(x))不恒为零;
此处要求(f'(x))不恒为零,意思是要排除函数(f(x))为常函数的情形。
!--- 思维模式: $egin{gather*}>以上是关于均值不等式习题的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章