emm。。。题目名写了个平衡树，但是这道题的理论复杂度最优解应该还是树状数组套值域线段树吧。
就像dynamic ranking那样（蒟蒻的Sol,放一个link骗访问量233）
所有的值（包括初始a数组，操作1、3、4、5的k）全部先丢进去离散化
对于1操作查比它小的数，挑log棵线段树，找区间小于这个数的个数+1，这个还比较好像
操作2就是dynamic ranking，log棵线段树一起加减，像静态主席树求第k小一样跳，操作3 dynamic ranking里也有
操作4先求小于这个数的个数，那么前驱的排名就等于这个个数，注意特判0就好了。
操作5也是先求排名再去找这个数，排名是小于且等于这个数的个数（等于查小于这个数在值域里加+1的数排名）
拼命卡常（小技巧，发现当前跳到的点size已经为0了就不用再往下跳了），然而常数还是丑。。。说不定应该破掉非递归版跑的比递归版多多少少快一点的谣言了？
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define RG register
#define R RG int
#define II inline int
#define IV inline void
#define gc if(++pi==iend)fread(pi=ibuf,1,SZ,stdin)
#define pc(C) *po=C;if(++po==oend)fwrite(po=obuf,1,SZ,stdout)
#define Q b+1,b+L+1
#define lb(X) X=lower_bound(Q,X)-b
using namespace std;
const int SZ=1<<20,N=50009,M=5000009,INF=2147483647;//卡了空间，M没到Nlog^2
char ibuf[SZ],obuf[SZ],*pi=ibuf+SZ-1,*po=obuf;
const char*iend=ibuf+SZ,*oend=obuf+SZ;
IV in(R&x){
gc;
while(*pi<\'-\')gc;
x=*pi&15;gc;
while(*pi>\'-\'){x*=10;x+=*pi&15;gc;}
}
IV out(R x){
if(x>9)out(x/10);
pc(x%10|\'0\');
}
int n,L,P,a[N],b[N<<1],op[N],ql[N],qr[N],qk[N];
int rt[N],lc[M],rc[M],s[M],ra[20],rs[20];
IV upd(R p,R k,R v){//更新
for(R u,l,r,m,i=p;i<=n;i+=i&-i){
if(!rt[i])rt[i]=++P;u=rt[i];l=1;r=L;
while(l^r){
s[u]+=v;m=(l+r)>>1;
if(k<=m){r=m;if(!lc[u])lc[u]=++P;u=lc[u];}
else {l=m+1;if(!rc[u])rc[u]=++P;u=rc[u];}
}
s[u]+=v;
}
}
II kth(R p,R k){//求第k小的值
R i,l=1,r=L,m,sum,pa=0,ps=0;
for(i=qr[p] ;i;i-=i&-i)ra[++pa]=rt[i];
for(i=ql[p]-1;i;i-=i&-i)rs[++ps]=rt[i];
while(l^r){
sum=0;m=(l+r)>>1;
for(i=1;i<=pa;++i)sum+=s[lc[ra[i]]];
for(i=1;i<=ps;++i)sum-=s[lc[rs[i]]];
if(k<=sum){
r=m;
for(i=1,p=pa,pa=0;i<=p;++i)ra[++pa]=lc[ra[i]];
for(i=1,p=ps,ps=0;i<=p;++i)rs[++ps]=lc[rs[i]];
}
else{
l=m+1;k-=sum;
for(i=1,p=pa,pa=0;i<=p;++i)ra[++pa]=rc[ra[i]];
for(i=1,p=ps,ps=0;i<=p;++i)rs[++ps]=rc[rs[i]];
}
}
return b[l];
}
II rank(R p,R x){//求离散化后的值的排名（从0计，也就是小于等于值的数的个数）
R i,u,l,r,m,k=0;
for(i=qr[p];i;i-=i&-i){
u=rt[i];l=1;r=L;
while(s[u]&&l^r){
m=(l+r)>>1;
if(x<=m) r=m,u=lc[u];
else k+=s[lc[u]],l=m+1,u=rc[u];
}
}
for(i=ql[p]-1;i;i-=i&-i){
u=rt[i];l=1;r=L;
while(s[u]&&l^r){
m=(l+r)>>1;
if(x<=m) r=m,u=lc[u];
else k-=s[lc[u]],l=m+1,u=rc[u];
}
}
return k;
}
int main(){
R m,i,rk;
in(n);in(m);L=n;
for(i=1;i<=n;++i)in(a[i]);
memcpy(b,a,(n+1)<<2);
for(i=1;i<=m;++i){
in(op[i]);//先存起来
in(ql[i]);if(op[i]!=3)in(qr[i]);
in(qk[i]);if(op[i]!=2)b[++L]=qk[i];
}
b[++L]=INF;sort(Q);L=unique(Q)-b-1;
for(i=1;i<=n;++i)
upd(i,lb(a[i]),1);
for(i=1;i<=m;++i){
if(op[i]!=2)lb(qk[i]);
switch(op[i]){
case 1:out(rank(i,qk[i])+1);pc(\'\\n\');break;
case 2:out(kth(i,qk[i]));pc(\'\\n\');break;
case 3:upd(ql[i],a[ql[i]],-1);
upd(ql[i],a[ql[i]]=qk[i],1);break;
case 4:rk=rank(i,qk[i]);
if(rk)out(kth(i,rk));
else{pc(\'-\');out(INF);}pc(\'\\n\');break;
case 5:rk=rank(i,qk[i]+1);
out(rk>qr[i]-ql[i]?INF:kth(i,rk+1));pc(\'\\n\');
}
}
fwrite(obuf,1,po-obuf,stdout);
return 0;
}