题目描述
求出n个点的简单(无重边无自环)无向连通图数目mod 1004535809(479 * 2 ^ 21 + 1).
输入
仅一行一个整数n(<=130000)
输出
仅一行一个整数, 为方案数 mod 1004535809.
样例输入
3
样例输出
4
题解
容斥原理+NTT+多项式求逆
设 $f_i$ 表示 $i$ 个点的简单无向连通图的数目，$g_i$ 表示 $i$ 个点的简单无向图的数目。
根据定义得 $g_i=2^{\frac{n(n-1}2}$ 。
对于 $f_i$ ，考虑容斥，用 $g_i$ 减去不连通的方案数。枚举不连通图中1号点所在连通块大小 $j$ ，则有：
$f_i=g_i-\sum\limits_{j=1}^{i-1}C_{i-1}^{j-1}f_jg_{i-j}$
将组合数展开，得：
$f_i=g_i-\sum\limits_{j=1}^{i-1}\frac{(i-1)!}{(j-1)!(i-j)!}f_jg_{i-j}$
两边同时除以 $(i-1)!$ ，整理得：
$\frac{f_i}{(i-1)!}=\sum\limits_{j=1}^{i-1}\frac{f_j}{(j-1)!}\frac{g_{i-j}}{(i-j)!}$
设：
$F(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{f_i}{(i-1)!}$
$G(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{g_i}{(i-1)!}$
$H(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{g_i}{i!}$
注意到 $F(x)$ 、$H(x)$ 的常数项均为0，因此后面的那个式子相当于 $\sum\limits_{j=0}^iF(x)[j]H(x)[i-j]$ ，是一个卷积的形式。
因此有：
$F(x)=G(x)-F(x)\times H(x)$
化简得：
$F(x)=\frac{G(x)}{H(x)+1}$
剩下的就好办了，根据定义求出 $G(x)$ 和 $H(x)+1$ ，使用多项式求逆求出 $H(x)+1$ 的逆，再与 $G(x)$ 求乘法即可得到 $F(x)$ 。
最后的答案就是 $F(x)[n]\times(n-1)!$ 。
时间复杂度 $O(n\log n)$
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define N 262200
#define mod 1004535809
using namespace std;
typedef long long ll;
ll A[N] , B[N] , C[N] , t[N] , fac[N >> 1];
inline ll pow(ll x , ll y)
{
ll ans = 1;
while(y)
{
if(y & 1) ans = ans * x % mod;
x = x * x % mod , y >>= 1;
}
return ans;
}
void ntt(ll *a , int n , int flag)
{
int i , j , k;
for(i = k = 0 ; i < n ; i ++ )
{
if(i > k) swap(a[i] , a[k]);
for(j = n >> 1 ; (k ^= j) < j ; j >>= 1);
}
for(k = 2 ; k <= n ; k <<= 1)
{
ll wn = pow(3 , (mod - 1) / k);
if(flag == -1) wn = pow(wn , mod - 2);
for(i = 0 ; i < n ; i += k)
{
ll w = 1 , t;
for(j = i ; j < i + (k >> 1) ; j ++ , w = w * wn % mod)
t = w * a[j + (k >> 1)] % mod , a[j + (k >> 1)] = (a[j] - t + mod) % mod , a[j] = (a[j] + t) % mod;
}
}
if(flag == -1)
{
k = pow(n , mod - 2);
for(i = 0 ; i < n ; i ++ ) a[i] = a[i] * k % mod;
}
}
void inv(ll *a , ll *b , int n)
{
if(n == 1)
{
b[0] = 1;
return;
}
int i;
inv(a , b , n >> 1);
memcpy(t , a , sizeof(ll) * n);
ntt(t , n << 1 , 1);
ntt(b , n << 1 , 1);
for(i = 0 ; i < n << 1 ; i ++ ) b[i] = b[i] * (2 - t[i] * b[i] % mod + mod) % mod;
ntt(b , n << 1 , -1);
memset(b + n , 0 , sizeof(ll) * n);
}
int main()
{
int n , i , len = 1;
scanf("%d" , &n);
fac[0] = A[0] = 1;
for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )
{
fac[i] = fac[i - 1] * i % mod;
A[i] = pow(2 , (ll)i * (i - 1) / 2) * pow(fac[i] , mod - 2) % mod;
B[i] = pow(2 , (ll)i * (i - 1) / 2) * pow(fac[i - 1] , mod - 2) % mod;
}
while(len <= n) len <<= 1;
inv(A , C , len);
ntt(B , len , 1);
ntt(C , len , 1);
for(i = 0 ; i < len ; i ++ ) B[i] = B[i] * C[i] % mod;
ntt(B , len , -1);
printf("%lld\n" , B[n] * fac[n - 1] % mod);
return 0;
}