[NOIP2003]栈
Description
宁宁考虑的是这样一个问题：一个操作数序列，从1，2，一直到n（图示为1到3的情况），栈A的深度大于n。
现在可以进行两种操作：
1.将一个数，从操作数序列的头端移到栈的头端（对应数据结构栈的push操作）
2.将一个数，从栈的头端移到输出序列的尾端（对应数据结构栈的pop操作）
使用这两种操作，由一个操作数序列就可以得到一系列的输出序列;
你的程序将对给定的n，计算并输出由操作数序列1，2，…，n经过操作可能得到的输出序列的总数。
Solution
1.题目可将进栈记为0，出栈记为1，那么问题即为求由n个0和n个1组成的字符串数，条件是每个1出现前必须有一个对应的0出现；
2.那么可以推得方案数为总方案数减半，解与求01串的个数相同：n个0与n个1构成的序列方案数，使得任何一个前缀0的个数不少于1的个数；
做法是将0看做在坐标系中向右走一步，1看做向上走一步，则问题可化简为从原点到(n,n)所有路线中一直处于y=x之下（不越过直线y=x）的不同路径方案数，方案数即为对应n的卡特兰数；
3.因为没有要求取模，可以考虑使用高精度运算，输出n对应的卡特兰数即可；
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
int ans[100001]={},x=0;
void mul(int n){
for(int i=1;i<=ans[0];++i){
ans[i]=ans[i]*n+x;
x=ans[i]/10;
ans[i]%=10;
}
while(x>0){
ans[0]++;
ans[ans[0]]=x%10;
x/=10;
}
}
void div(int n){
int q=0;
for(int i=ans[0];i>=1;--i)
{
x=(ans[i]+q*10)%n;
ans[i]=(ans[i]+q*10)/n;
q=x;
}
while(ans[ans[0]]==0)ans[0]--;
}
int main(){
ans[0]=ans[1]=1;
int n;
scanf("%d",&n);
for(int i=n+2;i<=(n<<1);++i)mul(i);
for(int i=2;i<=n;++i) div(i);
for(int i=ans[0];i>0;--i)printf("%d",ans[i]);
printf("\\n");
return 0;
}
卡特兰数基础知识部分可以参考我的题解：http://www.cnblogs.com/COLIN-LIGHTNING/p/8450053.html