洛谷P3835 模板可持久化平衡树

Posted 2020-10-17 自为

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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了洛谷P3835 模板可持久化平衡树相关的知识，希望对你有一定的参考价值。

题目背景

本题为题目 普通平衡树 的可持久化加强版。

数据已经经过强化

题目描述

您需要写一种数据结构（可参考题目标题），来维护一些数，其中需要提供以下操作（对于各个以往的历史版本）：

1. 插入x数

2. 删除x数(若有多个相同的数，因只删除一个，如果没有请忽略该操作)

3. 查询x数的排名(排名定义为比当前数小的数的个数+1。若有多个相同的数，因输出最小的排名)

4. 查询排名为x的数

5. 求x的前驱(前驱定义为小于x，且最大的数，如不存在输出-2147483647)

6. 求x的后继(后继定义为大于x，且最小的数，如不存在输出2147483647)

和原本平衡树不同的一点是，每一次的任何操作都是基于某一个历史版本，同时生成一个新的版本。（操作3, 4, 5, 6即保持原版本无变化）

每个版本的编号即为操作的序号（版本0即为初始状态，空树）

输入输出格式

输入格式：

 

第一行包含一个正整数N，表示操作的总数。

接下来每行包含三个正整数，第 ii 行记为 v_i, opt_i, x_ivi?,opti?,xi?。

v_ivi?表示基于的过去版本号（ 0 \leq v_i < i0≤vi?<i ），opt_iopti? 表示操作的序号( 1 \leq opt \leq 61≤opt≤6 )， x_ixi? 表示参与操作的数值

 

输出格式：

 

每行包含一个正整数，依次为各个3,4,5,6操作所对应的答案

 

输入输出样例

输入样例#1： 复制

10
0 1 9
1 1 3
1 1 10
2 4 2
3 3 9
3 1 2
6 4 1
6 2 9
8 6 3
4 5 8

输出样例#1： 复制

9
1
2
10
3

说明

数据范围：

对于10%的数据满足： 1 \leq n \leq 101≤n≤10

对于30%的数据满足： 1 \leq n \leq 2\cdot {10}^21≤n≤2⋅102

对于50%的数据满足： 1 \leq n \leq 3\cdot {10}^31≤n≤3⋅103

对于80%的数据满足： 1 \leq n \leq {10}^51≤n≤105

对于90%的数据满足： 1 \leq n \leq 2\cdot {10}^51≤n≤2⋅105

对于100%的数据满足： 1 \leq n \leq 5\cdot {10}^51≤n≤5⋅105 , -{10}^9 \leq x_i \leq {10}^9−109≤xi?≤109

经实测，正常常数的可持久化平衡树均可通过，请各位放心

样例说明：

共10次操作，11个版本，各版本的状况依次是：

0. [][]

1. [9][9]

2. [3, 9][3,9]

3. [9, 10][9,10]

4. [3, 9][3,9]

5. [9, 10][9,10]

6. [2, 9, 10][2,9,10]

7. [2, 9, 10][2,9,10]

8. [2, 10][2,10]

9. [2, 10][2,10]

10. [3, 9][3,9]

 

也是没谁了

数据压根就没有5.6的21***的情况

而且不知道为啥我的样例没过就A了。。

 

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ls tree[k].ch[0]
#define rs tree[k].ch[1]
const int MAXN=1e6+10,INF=1e7;
inline char nc()
{
    static char buf[MAXN],*p1=buf,*p2=buf;
    return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,MAXN,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int read()
{
    char c=nc();int x=0,f=1;
    while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=nc();}
    while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=nc();}
    return x*f;
}
struct node
{
    int pri,v,ch[2],siz;
}tree[MAXN];
int x,y,z,tot=0,root[MAXN];
int new_node(int val)
{
    tree[++tot].pri=rand()*rand(),tree[tot].v=val,tree[tot].siz=1;
    return tot;
}
void update(int k){   tree[k].siz=tree[ls].siz+tree[rs].siz+1; }
void split(int now,int k,int &x,int &y)
{
    if(!now)  {x=y=0;return ;}
    if(tree[now].v<=k)  x=now,split(tree[now].ch[1],k,tree[now].ch[1],y);
    else y=now,split(tree[now].ch[0],k,x,tree[now].ch[0]);
    update(now);
}
int merge(int x,int y)
{
    if(!x||!y)  return x+y;
    if(tree[x].pri<tree[y].pri) {tree[x].ch[1]=merge(tree[x].ch[1],y),update(x);return x;}
    else {tree[y].ch[0]=merge(x,tree[y].ch[0]),update(y);return y;}
}
int kth(int k,int x)// 查询排名 
{
    if(x<=tree[ls].siz)           return kth(ls,x);
    else if(x==tree[ls].siz+1)    return k;
    else return kth(rs,x-tree[ls].siz-1);
}
int main()
{ 
    #ifdef WIN32
    freopen("a.in","r",stdin);
    #else 
    #endif
    srand((unsigned)time(NULL));
    int n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        int pre=read(),how=read(),a=read();
        root[i]=root[pre];     
        if(how==1)      split(root[i],a,x,y),root[i]=merge(merge(x,new_node(a)),y);
        else if(how==2) split(root[i],a,x,z),split(x,a-1,x,y),y=merge(tree[y].ch[0],tree[y].ch[1]),root[i]=merge(merge(x,y),z);
        else if(how==3) split(root[i],a-1,x,y),printf("%d\n",tree[x].siz+1),root[i]=merge(x,y);
        else if(how==4) printf("%d\n",tree[kth(root[i],a)].v);
        else if(how==5)    split(root[i],a-1,x,y),printf("%d\n",tree[kth(x,tree[x].siz)].v),root[i]=merge(x,y);
        else if(how==6) split(root[i],a,x,y),printf("%d\n",tree[kth(y,1)].v),root[i]=merge(x,y);
    }
    return 0;
}