Codeforces Round #376 (Div. 2)

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了Codeforces Round #376 (Div. 2)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

Problem D  80-th Level Archeology

题目大意:有n行,每行有ki 个数,你没次能进行一次操作就是将所有数加1,这些数的上限是c,如果大于c则变成1,

问你有没有存在一个操作次数m使得每行的字典序上升。

思路:我们找出每两行之间决定他们字典序大小的两个数,每两个都能求出一次操作数的范围,然后就是看存不存在

一个范围所有区间都覆盖,差分标记一下就好啦。

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#include<bits/stdc++.h>
#define pii pair<int,int>
#define mk make_pair
using namespace std;
const int N=5*1e5+5;
const int M=2e6+5;
vector<int> a[M],b[M];
vector<int> c[M],d[M];
int vis[M];
int n,w,cnt;
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&w); w--;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        int k; scanf("%d",&k);
        a[i].resize(k);
        for(int j=0;j<k;j++)
        {
            int g; scanf("%d",&g);
            a[i][j]=g-1;
        }
    }
    for(int i=1;i<n;i++)
    {
        int up=min(a[i].size(),a[i+1].size());
        bool flag=false;
        for(int j=0;j<up;j++)
        {
            if(a[i][j]>a[i+1][j])
            {
                b[a[i][j]].push_back(a[i+1][j]);
                flag=true;
                break;
            }
            else if(a[i][j]<a[i+1][j])
            {
                b[a[i][j]].push_back(a[i+1][j]),flag=true;
                break;
            }
        }
        if(!flag && a[i].size()>a[i+1].size())
        {
            puts("-1");
            return 0;
        }
    }
    for(int i=0;i<1e6;i++)
    {
        if(!b[i].size()) continue;
        int mx=-1,mn=1e6+5,mx2=-1,mn2=1e6+5,add=w-i+1;
        for(int j:b[i])
        {
            mx=max(mx,j);
            mn=min(mn,j);
            mx2=max(mx2,(j+add)%(w+1));
            mn2=min(mn2,(j+add)%(w+1));
        }
        cnt++;
        if(mn>i)
        {
            c[0].push_back(cnt);
            d[w-mx].push_back(cnt);
            c[w-i+1].push_back(cnt);
            d[2*w-mx].push_back(cnt);
        }
        else
        {
            c[add].push_back(cnt);
            d[add+w-mx2].push_back(cnt);
        }
    }
    int ans=0;
    for(int i=0;i<1e6;i++)
    {
        for(int j:c[i])
        {
            if(!vis[j]) ans++;
            vis[j]++;
        }
        if(ans==cnt)
        {
            printf("%d\n",i);
            return 0;
        }
        for(int j:d[i])
        {
            if(vis[j]==1) ans--;
            vis[j]--;
        }
    }
    puts("-1");
    return 0;
}
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Problem E Funny Game

题目大意:给出n个数,有两个人,每次从这些数的最左边拿走k个数,范围为2~m。特别之处在于,拿走后会把

拿走的数的和作为一个新的数放在最左边,要求两个人拿走数之差的最大值。

 

思路:先求一遍前缀和,问题就变成了:一排数,两个人轮流取数,保证取的位置递增(且从第二个数开始取),

每个人要使自己取的数的和尽量大,求在最优策略下取的max(先手和-后手和)。

dp[ i ]表示,将前i个看成一堆,先手的最优答案,又有dp[ n-1 ]=sum[ n ],那么我们就能从后往前推,导出状态

转移方程,dp[ i ]=max(sum[j] - dp[ j ])  i < j <=n,这个状态转移方程的意思表示,对dp[ i ]来说先手取了第j个sum

然后还要减去第二个人先手的最优值。

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 1 #include<bits/stdc++.h>
 2 #define ll long long
 3 using namespace std;
 4 const int N=2*1e5+5;
 5 const int inf=1e18;
 6 int n;
 7 ll a[N],sum[N],dp[N];
 8 int main()
 9 {
10     scanf("%d",&n);
11     for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]);
12     for(int i=1;i<=n;i++) sum[i]=sum[i-1]+a[i];
13     ll mx=sum[n];
14     for(int i=n-1;i>=1;i--)
15     {
16         dp[i]=mx;
17         mx=max(mx,sum[i]-dp[i]);
18     }
19     printf("%lld\n",dp[1]);
20     return 0;
21 }
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以上是关于Codeforces Round #376 (Div. 2)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

Codeforces Round #376 (Div. 2) F. Video Cards

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