Luogu P1514NOIP2011 引水入城BFS
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了Luogu P1514NOIP2011 引水入城BFS相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目描述
在一个遥远的国度,一侧是风景秀美的湖泊,另一侧则是漫无边际的沙漠。该国的行政区划十分特殊,刚好构成一个N 行M 列的矩形,如上图所示,其中每个格子都代表一座城市,每座城市都有一个海拔高度。
为了使居民们都尽可能饮用到清澈的湖水,现在要在某些城市建造水利设施。水利设施有两种,分别为蓄水厂和输水站。蓄水厂的功能是利用水泵将湖泊中的水抽取到所在城市的蓄水池中。
因此,只有与湖泊毗邻的第1 行的城市可以建造蓄水厂。而输水站的功能则是通过输水管线利用高度落差,将湖水从高处向低处输送。故一座城市能建造输水站的前提,是存在比它海拔更高且拥有公共边的相邻城市,已经建有水利设施。由于第N 行的城市靠近沙漠,是该国的干旱区,所以要求其中的每座城市都建有水利设施。那么,这个要求能否满足呢?如果能,请计算最少建造几个蓄水厂;如果不能,求干旱区中不可能建有水利设施的城市数目。
输入输出格式
输入格式:
输入文件的每行中两个数之间用一个空格隔开。输入的第一行是两个正整数N 和M,表示矩形的规模。接下来N 行,每行M 个正整数,依次代表每座城市的海拔高度。
输出格式:
输出有两行。如果能满足要求,输出的第一行是整数1,第二行是一个整数,代表最少建造几个蓄水厂;如果不能满足要求,输出的第一行是整数0,第二行是一个整数,代表有几座干旱区中的城市不可能建有水利设施。
输入输出样例
说明
【样例1 说明】
只需要在海拔为9 的那座城市中建造蓄水厂,即可满足要求。
【样例2 说明】
上图中,在3 个粗线框出的城市中建造蓄水厂,可以满足要求。以这3 个蓄水厂为源头
在干旱区中建造的输水站分别用3 种颜色标出。当然,建造方法可能不唯一。
【数据范围】
显然如果有方案,任何一个蓄水厂能管辖到的范围都是连续的,因为不可能存在两条路径交叉的情况,
那么我们可以处理出每个蓄水厂管理的范围,然后贪心的取(或者DP,反正n ^ 2)很小
稍加减枝即可AC。
#include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> #include <queue> #define fi first #define se second #define mp make_pair using namespace std; typedef pair <int, int> pii; const int N = 505; const int dx[4] = {0, 0, 1, -1}; const int dy[4] = {1, -1, 0, 0}; int G[N][N]; int l[N], r[N], top = 0; int vis[N][N], cur = 0; int dp[N]; int n, m; inline void BFS(int s) { queue <pii> Q; cur ++; Q.push(mp(1, s)); vis[1][s] = cur; pii c; int x, y, nx, ny; while (!Q.empty()) { c = Q.front(); Q.pop(); x = c.fi; y = c.se; for (int i = 0; i < 4; i ++) { nx = x + dx[i]; ny = y + dy[i]; if (vis[nx][ny] != cur && G[nx][ny] < G[x][y] && nx && ny && nx <= n && ny <= m) { vis[nx][ny] = cur; Q.push(mp(nx, ny)); } } } for (int i = 1; i <= m; i ++) if (vis[n][i] == cur) { l[++ top] = i; for (; vis[n][i] == cur; i ++); r[top] = i - 1; break; } } int main() { scanf("%d%d", &n, &m); for (int i = 1; i <= n; i ++) for (int j = 1; j <= m; j ++) scanf("%d", &G[i][j]); for (int i = 1; i <= m; i ++) { if ((i > 1 && G[1][i - 1] > G[1][i]) || (G[1][i + 1] > G[1][i] && i < m)) continue; BFS(i); } int cant = 0; for (int i = 1; i <= m; i ++) if (!vis[n][i]) cant ++; if (cant) return printf("0\n%d\n", cant), 0; memset(dp, 127, sizeof dp); dp[0] = 0; for (int i = 1; i <= top; i ++) for (int j = l[i]; j <= r[i]; j ++) dp[j] = min(dp[j], dp[l[i] - 1] + 1); printf("1\n%d\n", dp[m]); return 0; }
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