Codeforces 611D.New Year and Ancient Prophecy (dp + lcp)

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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了Codeforces 611D.New Year and Ancient Prophecy (dp + lcp)相关的知识，希望对你有一定的参考价值。

题目链接：

http://codeforces.com/problemset/problem/611/D

题意：

长为n的只有数字组成的字符串(n<=5000),问能分割成多少组数字，这些数字里不含前导0，且数字的大小满足严格单调递增

思路：

from： http://blog.csdn.net/qwb492859377/article/details/50445450  qwb orz

最难的地方，就是如何去快速判断两个数字的大小谁大谁小呢？

我们先来讲下最长公共前缀lcp的定义。如果有串A和串B，lcp[i][j]表示的是串A从原串第i位置开始，串B从原串第j位置开始，那么从这两个位置开始的有多少个字符相等

那么如何来求lcp呢，方程很简单，看了都能懂

lcp[i][j]=lcp[i+1][j+1]+1,if(s[i]==s[j])

lcp[i][j]=0,if(s[i]!=s[j])

 

求出lcp后如何快速判断两个区间的大数字是否相等呢？

假如lcp[a][b]>=len ，说明两个区间的数字是完全相等的，此时肯定数字是相等的

如果lcp[a][b]<len,那么我们只需要比较s[a+lcp[a][b]]和s[b+lcp[a][b]]的大小就可以了，因为这个位置是两个子串第一个不一样的位置．

知道了这个的话，我们就能再来考虑这道题的dp了。

 

设dp[i][j](j<=i)表示现在只考虑前i个，最后一个数字是以第j个开头。

那么就能得到转移方程

dp[i][j]+=dp[j-1][k], max(j+1-len,1)<=k<=j-1

dp[i][j]+=dp[j-1][j-len],如果j-len>=1且以j-len开头比以j开头且长度为len数字要小

边界条件是j=1，此时应该等于1

 

感觉还有地方，，就是写dp的时候总是处理不好边界条件

其实感觉如果就在第二层for里面写if判断边界，这是一种非常好的方法，减少了很多思考，。

 

收获：

考虑如何转移，dp[i][j]可以从前j-1个并且长度小于当前长度的位置转移过来，之后再深入的考虑长度相等的时候要不要转移，就要判断两个字符串大小了，要用O(1)优秀的做法, 就是lcp。 容易想到n^3的dp【思考许久，其实我一点都没有思路】， dp[i][j] += dp[j-1][k], 学到了使用前缀和优化成n^2， pre[i][j]就是考虑到第i个位置，数字以第1~j开头的所有方法数。 

代码：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define MS(a) memset(a,0,sizeof(a))
#define MP make_pair
#define PB push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const ll INFLL = 0x3f3f3f3f3f3f3f3fLL;
inline ll read(){
    ll x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();}
    return x*f;
}
//////////////////////////////////////////////////////////////////////////
const int maxn = 5e3+10;
const int mod = 1e9+7;

int n;
char s[maxn];
int dp[maxn][maxn],lcp[maxn][maxn],pre[maxn][maxn];

bool check(int a,int b,int len){
    int t = lcp[a][b];
    if(t<len && s[a+t]<s[b+t]) return true;
    return false;
}

int main(){
    cin >> n >> s+1;

    for(int i=n; i>=1; i--)
        for(int j=n; j>=1; j--){
            if(s[i]==s[j]) lcp[i][j] = lcp[i+1][j+1]+1;
            else lcp[i][j] = 0;
        }

    for(int i=1; i<=n; i++){
        for(int j=1; j<=i; j++){
            if(s[j]==‘0‘) continue;
            if(j==1) dp[i][j]=1;
            int len = i-j+1;
            int l = max(j-len+1,1), r = j-1;
            if(l<=r) dp[i][j] = (dp[i][j]+pre[j-1][r]-pre[j-1][l-1]+mod)%mod;
            if(j-len>=1 && check(j-len,j,len)) dp[i][j] = (dp[i][j]+dp[j-1][j-len])%mod;
        }
        for(int j=1; j<=i; j++){
            pre[i][j] = (pre[i][j-1]+dp[i][j])%mod;
        }
    }

    int ans = 0;
    for(int i=1; i<=n; i++){
        ans = (ans+dp[n][i])%mod;
    }
    cout << ans << endl;


    return 0;
}

 

以上是关于Codeforces 611D.New Year and Ancient Prophecy (dp + lcp)的主要内容，如果未能解决你的问题，请参考以下文章

Codeforces Round #611 (Div. 3) E - New Year Parties （贪心）

Codeforces 908 D New Year and Arbitrary Arrangement

codeforces 1284D. New Year and Conference（线段树）

Codeforces 908 D.New Year and Arbitrary Arrangement (概率&期望DP)

CF 908 D New Year and Arbitrary Arrangement —— 期望DP

CF611H New Year and Forgotten Tree