HDU 4514 湫湫系列故事——设计风景线（并查集+树形DP）

Posted 2020-08-28 Blackops

湫湫系列故事——设计风景线

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Problem Description

　　随着杭州西湖的知名度的进一步提升，园林规划专家湫湫希望设计出一条新的经典观光线路，根据老板马小腾的指示，新的风景线最好能建成环形，如果没有条件建成环形，那就建的越长越好。
　　现在已经勘探确定了n个位置可以用来建设，在它们之间也勘探确定了m条可以设计的路线以及他们的长度。请问是否能够建成环形的风景线？如果不能，风景线最长能够达到多少？
　　其中，可以兴建的路线均是双向的，他们之间的长度均大于0。

 

 

Input

　　测试数据有多组，每组测试数据的第一行有两个数字n, m，其含义参见题目描述；
　　接下去m行，每行3个数字u v w，分别代表这条线路的起点，终点和长度。

　　[Technical Specification]
　　1. n<=100000 
　　2. m <= 1000000
　　3. 1<= u, v <= n 
　　4. w <= 1000

 

 

Output

　　对于每组测试数据，如果能够建成环形（并不需要连接上去全部的风景点），那么输出YES，否则输出最长的长度，每组数据输出一行。

 

 

Sample Input

3 3

1 2 1

2 3 1

3 1 1

 

 

Sample Output

YES

 

题目链接：HDU 4514

对于有圈的情况，在输入的时候直接用并查集判断即可，对于求图的最长路，以前是用一次DFS后再从最大长度点BFS，到这题就直接超时了……于是去膜了一下树形DP的解法，对于任意一个点U所在其下的子图G均可以求其中最长路与次长路，相加为G中最长路，显然最长路有一个最优子结构性质：当前点U的最长路一定是邻接点V的最长路加上当前到邻接点的长度，为什么？如果把U当作转折点，把其他路平均地“折”到U的左边和右边，那就是左边的最远点到右边的最远点的距离，显然左右两边的最远点在整个图里来说一个将成为最远点，一个成为次远点，这样以来便可以用DFS解决，题目所给的无向图好像肯能不是一个联通图，而是多个连通分量，搜索的时候用vis标记一下就好了

代码：

#include <stdio.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstdlib>
#include <sstream>
#include <numeric>
#include <cstring>
#include <bitset>
#include <string>
#include <deque>
#include <stack>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <set>
#include <map>
using namespace std;
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LC(x) (x<<1)
#define RC(x) ((x<<1)+1)
#define MID(x,y) ((x+y)>>1)
#define CLR(arr,val) memset(arr,val,sizeof(arr))
#define FAST_IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);
typedef pair<int, int> pii;
typedef long long LL;
const double PI = acos(-1.0);
const int N = 100010;
const int M = 1000010;
struct edge
{
    int to, nxt, dx;
    edge() {}
    edge(int To, int Nxt, int Dx): to(To), nxt(Nxt), dx(Dx) {}
};
edge E[M << 1];
int head[N], tot;
int dp[N][2];
int pre[N];
bitset<N>vis;

void init()
{
    CLR(head, -1);
    tot = 0;
    CLR(dp, 0);
    CLR(pre, -1);
    vis.reset();
}
int Find(int n)
{
    if (pre[n] == -1)
        return n;
    return  pre[n] = Find(pre[n]);
}
bool joint(int a, int b)
{
    a = Find(a), b = Find(b);
    if (a == b)
        return false;
    pre[a] = b;
    return true;
}
inline void add(int s, int t, int d)
{
    E[tot] = edge(t, head[s], d);
    head[s] = tot++;
}
void dfs(const int &u, const int &pre)
{
    vis[u] = true;
    for (int i = head[u]; ~i; i = E[i].nxt)
    {
        int v = E[i].to;
        if (v != pre)
        {
            dfs(v, u);
            int temp = dp[v][0] + E[i].dx;
            if (temp > dp[u][0])
            {
                dp[u][1] = dp[u][0];
                dp[u][0] = temp;
            }
            else if (temp > dp[u][1])
                dp[u][1] = temp;
        }
    }
}
int main(void)
{
    int n, m, a, b, c, i;
    while (~scanf("%d%d", &n, &m))
    {
        init();
        bool ok = true;
        for (i = 0; i < m; ++i)
        {
            scanf("%d%d%d", &a, &b, &c);
            add(a, b, c);
            add(b, a, c);
            if (!joint(a, b))
                ok = false;
        }
        if (!ok)
            puts("YES");
        else
        {
            for (i = 1; i <= n; ++i)
                if (!vis[i])
                    dfs(i, -1);
            int ans = -INF;
            for (i = 1; i <= n; ++i)
                if (dp[i][0] + dp[i][1] > ans)
                    ans = dp[i][0] + dp[i][1];
            printf("%d\n", ans);
        }
    }
    return 0;
}