NOIP模拟赛20161023
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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了NOIP模拟赛20161023相关的知识，希望对你有一定的参考价值。
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题目名 |
双色球 |
魔方 |
czy的后宫 |
mex |
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源文件 |
ball.cpp/c/pas |
cube.cpp/c/pas |
harem.cpp/c/pas |
mex.cpp/c/pas |
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输入文件 |
ball.in |
cube.in |
harem.in |
mex.in |
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输出文件 |
ball.out |
cube.out |
harem.out |
mex.out |
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时间限制 |
1000MS |
1000MS |
1500MS |
1000MS |
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内存限制 |
256MB |
256MB |
256MB |
256MB |
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测试点 |
10 |
10 |
10 |
10 |
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测试点分值 |
10 |
10 |
10 |
10 |
Problem 1 双色球(ball.cpp/c/pas)
【题目描述】
机房来了新一届的学弟学妹，邪恶的chenzeyu97发现一位学弟与他同名，于是他当起了善良的学长233
“来来来，学弟，我考你道水题检验一下你的水平……”
一个栈内初始有n个红色和蓝色的小球，请你按照以下规则进行操作
- 只要栈顶的小球是红色的，将其取出，直到栈顶的球是蓝色
- 然后将栈顶的蓝球变成红色
- 最后放入若干个蓝球直到栈中的球数为n
以上3步骤为一次操作
如栈中都是红色球，则操作停止，请问几次操作后停止
chenzeyu97出完题发现他自己不能AC所以想请你帮忙
【输入格式】
第一行为一个整数n，表示栈的容量为n
第二行为一个字符串，第i个字符表示自顶向下的第i个球的颜色，R代表红色，B代表蓝色
【输出格式】
一个整数表示操作数
【样例输入】
样例1：
3
RBR
样例2：
4
RBBR
【样例输出】
样例1：2
样例2：6
【数据范围】
50%的数据，1<=n<=20
100%的数据，1<=n<=50
模拟，复杂度好像会爆炸
发现一个蓝色变成红色，它前面必须全是红色
考虑全蓝色的情况f[i]=2*f[i-1]+1，就是汉诺塔
这样从前往后扫，每个蓝色带来的操作数就是f[i]-f[i-1]（因为前面已经是红色了，一个f[i-1]不用了）
PS：灰哥的找规律做法，每个位置变蓝的操作数1,2,4,8,16.........
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> using namespace std; const int N=55; typedef long long ll; inline int read(){ char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();} return x*f; } int n,a[N],p=0; ll f[N]; char s[N]; int main(int argc, const char * argv[]){ freopen("ball.in","r",stdin); freopen("ball.out","w",stdout); n=read(); scanf("%s",s+1); for(int i=1;i<=n;i++) a[i]= s[i]==‘R‘?1:0; for(int i=1;i<=n;i++) f[i]=2*f[i-1]+1; ll ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(a[i]==0) ans+=f[i]-f[i-1]; printf("%lld",ans); }
Problem 2 魔方(cube.cpp/c/pas)
【题目描述】
ccy（ndsf）觉得手动复原魔方太慢了，所以他要借助计算机。
ccy（ndsf）家的魔方都是3*3*3的三阶魔方，大家应该都见过。
（3的“顺时针”改为“逆时针”，即3 4以图为准。）
ccy（ndfs）从网上搜了一篇攻略，并找人翻译成了他自己会做的方法。现在告诉你他的魔方情况，以及他从网上搜到的攻略，请你求出最后魔方变成什么样子。
【输入格式】
第一行，一串数字，表示从网上搜到的攻略。
下面6*3行，每行3个数字，每三行表示魔方一个面的情况，六个面的顺序是前、后、左、右、上、下。
【输出格式】
6*3行，表示处理后的魔方，形式同输入。
【样例输入】
23
121
221
111
123
321
111
123
321
132
132
231
132
121
112
233
332
111
333
【样例输出】
123
222
113
212
321
113
122
321
132
121
333
121
211
312
113
331
111
331
【样例解释】
【数据范围】
40%的数据，攻略的长度小于5且仅有4种操作的其中一种
100%的数据，攻略的长度小于100
大模拟
注意每个图的方向很奇葩，参考样例
样例和数据有点问题，顶部的顺时针和逆时针旋转颠倒了，按着错误来就过了
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> using namespace std; const int N=105; typedef long long ll; inline int read(){ char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();} return x*f; } int n,s[N],a[7][4][4],b[4]; char tmp[N],t[7][4][4]; void cpy(int x[4][4],int y[4][4]){ for(int i=1;i<=3;i++) for(int j=1;j<=3;j++) y[i][j]=x[i][j]; } void rot(int p,int d){//1 shun 2 ni int na[4][4]; cpy(a[p],na); if(d==1){ for(int i=1;i<=3;i++) b[i]=na[1][i]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][1][i]=na[3-i+1][1]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][i][1]=na[3][i]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][3][i]=na[3-i+1][3]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][i][3]=b[i]; }else{ for(int i=1;i<=3;i++) b[i]=na[1][i]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][1][i]=na[i][3]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][i][3]=na[3][3-i+1]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][3][i]=na[i][1]; for(int i=1;i<=3;i++) a[p][i][1]=b[3-i+1]; } } void sol(int flag){ if(flag==1){ for(int i=1;i<=3;i++){ b[i]=a[1][i][3]; a[1][i][3]=a[6][i][3]; a[6][i][3]=a[2][i][3]; a[2][i][3]=a[5][i][3]; a[5][i][3]=b[i]; } rot(4,1); }else if(flag==2){ for(int i=1;i<=3;i++){ b[i]=a[1][i][3]; a[1][i][3]=a[5][i][3]; a[5][i][3]=a[2][i][3]; a[2][i][3]=a[6][i][3]; a[6][i][3]=b[i]; } rot(4,2); }else if(flag==3){ for(int i=1;i<=3;i++){ b[i]=a[1][1][i]; a[1][1][i]=a[3][1][i]; a[3][1][i]=a[2][1][i]; a[2][1][i]=a[4][1][i]; a[4][1][i]=b[i]; } //rot(5,2); right rot(5,1); }else if(flag==4){ for(int i=1;i<=3;i++){ b[i]=a[1][1][i]; a[1][1][i]=a[4][1][i]; a[4][1][i]=a[2][1][i]; a[2][1][i]=a[3][1][i]; a[3][1][i]=b[i]; } //rot(5,1); right rot(5,2); } // for(int i=1;i<=6;i++) // for(int j=1;j<=3;j++){ // for(int k=1;k<=3;k++) // printf("%d",a[i][j][k]); // putchar(‘\n‘); // } // printf("\n\n\n"); } int main(int argc, const char * argv[]){ freopen("cube.in","r",stdin); freopen("cube.out","w",stdout); scanf("%s",tmp+1); int n=strlen(tmp+1); for(int i=1;i<=n;i++) s[i]=tmp[i]-‘0‘; for(int i=1;i<=6;i++) for(int j=1;j<=3;j++){ scanf("%s",t[i][j]+1); int len=strlen(t[i][j]+1); for(int k=1;k<=len;k++) a[i][j][k]=t[i][j][k]-‘0‘; } for(int i=1;i<=n;i++) sol(s[i]); for(int i=1;i<=6;i++) for(int j=1;j<=3;j++){ for(int k=1;k<=3;k++) printf("%d",a[i][j][k]); putchar(‘\n‘); } }
Problem 3 czy的后宫(harem.cpp/c/pas)
【题目描述】
czy要妥善安排他的后宫，他想在机房摆一群妹子，一共有n个位置排成一排，每个位置可以摆妹子也可以不摆妹子。有些类型妹子如果摆在相邻的位置（隔着一个空的位置不算相邻），就不好看了。假定每种妹子数量无限，求摆妹子的方案数。
【输入格式】
输入有m+1行，第一行有两个用空格隔开的正整数n、m，m表示妹子的种类数。接下来的m行，每行有m个字符1或0,若第i行第j列为1，则表示第i种妹子第j种妹子不能排在相邻的位置，输入保证对称。（提示：同一种妹子可能不能排在相邻位置）。
【输出格式】
输出只有一个整数，为方案数（这个数字可能很大，请输出方案数除以1000000007的余数。
【样例输入】
2 2
01
10
【样例输出】
7
【样例说明】
七种方案为(空，空)、（空，1）、（1、空）、（2、空）、（空、2）、（1,1）、（2,2）。
【数据范围】
20%的数据，1＜n≤5,0＜m≤10。
60%的数据，1＜n≤200,0＜m≤100。
100%的数据，1＜n≤1000000000，0＜m≤100。
一眼看出正解：矩阵乘法加速DP
然后已忘记矩阵乘法
就打了个裸DP加滚动数组加卡常，还是60
f[i][j]前i个mz以j结尾
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> using namespace std; const int M=105,MOD=1000000007; typedef long long ll; inline int read(){ char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();} return x*f; } int n,m,g[M][M]; ll f[2][M],p=0; char s[M]; inline void mod(ll &x){if(x>=MOD) x-=MOD;} void dp(){ for(int j=0;j<=m;j++) f[p][j]=1; for(int i=2;i<=n;i++){ p^=1; for(int j=0;j<=m;j++){ f[p][j]=0; for(int k=0;k<=m;k++) if(g[j][k]){ f[p][j]+=f[p^1][k]; mod(f[p][j]); } } } } int main(int argc, const char * argv[]){ freopen("harem.in","r",stdin); freopen("harem.out","w",stdout); n=read();m=read(); for(int i=1;i<=m;i++){ scanf("%s",s+1); for(int j=1;j<=m;j++) g[i][j]=(s[j]-‘0‘)^1; } for(int i=0;i<=m;i++) g[i][0]=g[0][i]=1; dp(); ll ans=0; for(int i=0;i<=m;i++) ans=(ans+f[p][i])%MOD; printf("%lld",ans); }
正解先开个坑
mex
我靠不是bzoj那道嘛
果断30分暴力
以上是关于NOIP模拟赛20161023的主要内容，如果未能解决你的问题，请参考以下文章