1Codevs 必做：28331002100326272599
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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了1Codevs 必做：28331002100326272599相关的知识，希望对你有一定的参考价值。
Aiden陷入了一个奇怪的梦境：他被困在一个小房子中，墙上有很多按钮，还有一个屏幕，上面显示了一些信息。屏幕上说，要将所有按钮都按下才能出去，而又给出了一些信息，说明了某个按钮只能在另一个按钮按下之后才能按下，而没有被提及的按钮则可以在任何时候按下。可是Aiden发现屏幕上所给信息似乎有矛盾，请你来帮忙判断。
第一行，两个数N，M，表示有编号为1...N这N个按钮，屏幕上有M条信息。
接下来的M行，每行两个数ai，bi，表示bi按钮要在ai之后按下。所给信息可能有重复，保证ai≠bi。
若按钮能全部按下，则输出“o(∩_∩)o”。
若不能，第一行输出“T_T”，第二行输出因信息有矛盾而无法确认按下顺序的按钮的个数。输出不包括引号。
3 3
1 2
2 3
3 2
T_T
2
对于30%的数据，保证0＜N≤100。
对于50%的数据，保证0＜N≤2000。
对于70%的数据，保证0＜N≤5000。
对于100%的数据，保证0＜N≤10000，0<M≤2.5N。
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#include<cstdio> #include<iostream> #include<stack> using namespace std; #define N 10100 int vis[N],du[N],e[N][N],n,m; stack<int>s; int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1,x,y;i<=m;i++){ scanf("%d%d",&x,&y); e[x][y]=1; du[y]++; } for(int i=1;i<=n;i++){ if(!du[i]){ s.push(i); vis[i]=1; } } while(!s.empty()){ int p=s.top(); s.pop(); for(int i=1;i<=n;i++){ if(e[p][i]){ du[i]--; } } for(int i=1;i<=n;i++){ if(!du[i]&&!vis[i]){ s.push(i); vis[i]=1; } } } int flag=1,ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(!vis[i]) flag=0,ans++; if(flag) printf("o(∩_∩)o\n"); else printf("T_T\n%d\n",ans); return 0; }
有一矩形区域的城市中建筑了若干建筑物，如果某两个单元格有一个点相联系，则它们属于同一座建筑物。现在想在这些建筑物之间搭建一些桥梁，其中桥梁只能沿着矩形的方格的边沿搭建，如下图城市1有5栋建筑物，可以搭建4座桥将建筑物联系起来。城市2有两座建筑物，但不能搭建桥梁将它们连接。城市3只有一座建筑物，城市4有3座建筑物，可以搭建一座桥梁联系两栋建筑物，但不能与第三座建筑物联系在一起。
在输入的数据中的第一行包含描述城市的两个整数r 和c, 分别代表从北到南、从东到西的城市大小(1 <= r <= 50 and 1 <= c <= 50). 接下来的r 行, 每一行由c 个(“#”)和(“.”)组成的字符. 每一个字符表示一个单元格。“#”表示建筑物，“.”表示空地。
在输出的数据中有两行，第一行表示建筑物的数目。第二行输出桥的数目和所有桥的总长度。
样例1
3 5
#...#
..#..
#...#
样例2
3 5
##...
.....
....#
样例3
3 5
#.###
#.#.#
###.#
样例4:
3 5
#.#..
.....
....#
样例1
5
4 4
样例2
2
0 0
样例3
1
0 0
样例4
3
1 1
见描述
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#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n,m,mark[51][51],cnt,ans,sum,fa[2001]; bool mp[51][51]; int xx[8]={0,0,1,1,1,-1,-1,-1}, yy[8]={1,-1,0,1,-1,0,1,-1}; struct data{ int x,y,v; }e[100001]; inline bool cmp(const data &a,const data &b){ return a.v<b.v; } int find(int x){ return x==fa[x]?x:fa[x]=find(fa[x]); } bool insert(int x1,int y1,int x2,int y2,int v){ if(y2<1||y2>m||x2<1||x2>n||!mark[x2][y2])return 1; if(mark[x1][y1]==mark[x2][y2])return 0; cnt++; e[cnt].x=mark[x1][y1]; e[cnt].y=mark[x2][y2]; e[cnt].v=v-1; return 1; } int dfs(int x,int y){ mark[x][y]=ans; for(int i=0;i<8;i++){ int nowx=x+xx[i],nowy=y+yy[i]; if(mp[nowx][nowy]&&!mark[nowx][nowy]) dfs(nowx,nowy); } } void work1(){ ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(mp[i][j]&&!mark[i][j]){ans++;dfs(i,j);} printf("%d\n",ans); } void build(int x,int y){ for(int i=x+1;i<=n;i++) if(!insert(x,y,i,y,i-x)||!insert(x,y,i,y+1,i-x)||!insert(x,y,i,y-1,i-x)) break; for(int i=x-1;i>0;i--) if(!insert(x,y,i,y,x-i)||!insert(x,y,i,y+1,x-i)||!insert(x,y,i,y-1,x-i)) break; for(int i=y+1;i<=m;i++) if(!insert(x,y,x,i,i-y)||!insert(x,y,x-1,i,i-y)||!insert(x,y,x+1,i,i-y)) break; for(int i=y-1;i>0;i--) if(!insert(x,y,x,i,y-i)||!insert(x,y,x-1,i,y-i)||!insert(x,y,x+1,i,y-i)) break; } void work2(){ for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(mp[i][j])build(i,j); sort(e+1,e+cnt+1,cmp); for(int i=1;i<=ans;i++)fa[i]=i; ans=0; for(int i=1;i<=cnt;i++){ int p=find(e[i].x),q=find(e[i].y); if(p!=q){fa[p]=q;ans++;sum+=e[i].v;} } printf("%d %d\n",ans,sum); } int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;i++){ char ch[60]; scanf("%s",ch); for(int j=1;j<=m;j++) if(ch[j-1]==‘#‘)mp[i][j]=1; } work1(); work2(); return 0; }
一个国家有n个城市。若干个城市之间有电话线连接，现在要增加m条电话线（电话线当然是双向的了），使得任意两个城市之间都直接或间接经过其他城市有电话线连接，你的程序应该能够找出最小费用及其一种连接方案。
输入文件的第一行是n的值（n<=100）.
第二行至第n+1行是一个n*n的矩阵，第i行第j列的数如果为0表示城市i与城市j有电话线连接，否则为这两个城市之间的连接费用（范围不超过10000）。
输出文件的第一行为你连接的电话线总数m，第二行至第m+1行为你连接的每条电话线，格式为i j，（i<j）， i j是电话线连接的两个城市。输出请按照Prim算法发现每一条边的顺序输出，起始点为1.
第m+2行是连接这些电话线的总费用。
5
0 15 27 6 0
15 0 33 19 11
27 33 0 0 17
6 19 0 0 9
0 11 17 9 0
2
1 4
2 5
17
n<=100
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#include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; #define N 110 int n,t,sum,k,a[N][N],f[N],u[N],s[N],l[N][2],d[N]; int main() { memset(f,127,sizeof(f)); scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&a[i][j]); f[1]=0; for(int i=1;i<=n;i++){ k=0; for(int j=1;j<=n;j++) if(u[j]==0&&f[k]>f[j]) k=j; u[k]=1; s[i]=k; for(int j=1;j<=n;j++) if(u[j]==0&&f[j]>a[j][k]){ f[j]=a[j][k]; if(k<j){ l[j][0]=k; l[j][1]=j; } else{ l[j][0]=j; l[j][1]=k; } } } for(int i=1;i<=n;i++) if(f[s[i]]!=0){ t++; d[t]=s[i]; sum+=f[s[i]]; } printf("%d\n",t); for(int i=1;i<=t;i++) printf("%d %d\n",l[d[i]][0],l[d[i]][1]); printf("%d",sum); return 0; }
农民约翰被选为他们镇的镇长！他其中一个竞选承诺就是在镇上建立起互联网，并连接到所有的农场。当然，他需要你的帮助。
约翰已经给他的农场安排了一条高速的网络线路，他想把这条线路共享给其他农场。为了用最小的消费，他想铺设最短的光纤去连接所有的农场。
你将得到一份各农场之间连接费用的列表，你必须找出能连接所有农场并所用光纤最短的方案。每两个农场间的距离不会超过100000
第一行： 农场的个数，N（3<=N<=100）。
第二行，某些行会紧接着另一些行。当然，对角线将会是0，因为不会有线路从第i个农..结尾: 后来的行包含了一个N*N的矩阵,表示每个农场之间的距离。理论上，他们是N行，每行由N个用空格分隔的数组成，实际上，他们限制在80个字符，因此场到它本身。
只有一个输出，其中包含连接到每个农场的光纤的最小长度。
4
0 4 9 21
4 0 8 17
9 8 0 16
21 17 16 0
28
暂时无范围。
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#include<cstdio> #include<algorithm> #include<iostream> using namespace std; #define N 101 struct node{ int x,y,v; }e[N*N]; int n,k,tot,cnt,fa[N]; bool cmp(const node &a,const node &b){ return a.v<b.v; } int find(int x){ return fa[x]==x?x:fa[x]=find(fa[x]); } int main(){ scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=1;j<=n;j++){ int x; scanf("%d",&x); if(x){ e[++cnt].x=i;e[cnt].y=j;e[cnt].v=x; } } } for(int i=1;i<=n;i++) fa[i]=i; sort(e+1,e+cnt+1,cmp); for(int i=1;i<=cnt;i++){ int fx=find(e[i].x),fy=find(e[i].y); if(fx!=fy){ fa[fy]=fx; tot+=e[i].v; k++; } if(k==n-1) break; } printf("%d\n",tot); return 0; }
有一个电路，上面有n个元件。已知i损坏而断开的概率是pi（i=1,2,3,…,n,0<=pi<=1）。请你帮忙算出电路断路的概率。
元件的连接方式很简单，对电路的表示如下：
1、一个元件是最小的电路，用A表示元件1，B表示元件2，以此类推。
2、K个电路组成的串联电路表示为电路1，电路2……，电路k。
3、K个电路组成的并联电路表示为(电路1) (电路2) …… (电路k)
输入文件cir.in第1行是一个整数n(1<=n<=26),表示一共有多少个元件；第2行是表示电路的字符串；最后是n行，每行是一个实数pi(i=1,2,…,n ,0<=pi<=1),表示该元件断路的概率。
一个实数，表示整个电路断路的概率，精确到小数点后4位。
5
(A,B)((C)(D),E)
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
0.2992
(1<=n<=26
0<=pi<=1
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以上是关于1Codevs 必做：28331002100326272599的主要内容，如果未能解决你的问题，请参考以下文章