状压DP之愤怒的小鸟
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了状压DP之愤怒的小鸟相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
题目
传送们P2831
题目较长,不加以赘述
直接步入正题
首先是数学知识,我们可以先根据给出的任意两只猪构建相应的抛物线,同时再构建完之后应判断抛物线的合法性(比如a小于0啊,等等),公式推演就不在这里说了,这里需要注意的是对于浮点型判断,不能单纯用相等,这里我们可以定义一个十分小的数,将两数差值与其相比,一般用到数为(1e-6)就可了,根据两个两只猪得来的抛物线,将其他猪带入,求相应抛物线所能经过的所有猪的状态,与原状态求或,即(num[i][j]|=(1<<(k-1))),就是(k)在(i),(j)所在抛物线上时更新该抛物线状态;
处理完这个,我们可以来定义DP数组了,对于这道题,我们只需要一维数组就可了,定义(F[i])数组代表打死(i)状态下猪的所需最少小鸟数,首先枚举状态,其次枚举两层猪的个数(用于枚举抛物线),为了避免重复,第二遍枚举我们从第一遍所在位置开始枚举,在这里我们可以稍稍进行一下优化,在进行第一遍枚举时,如果这只猪已经包含在当前状态内,我们可以直接跳过,因为当我们跳过后,第二遍枚举有两种情况,即第一种,第二遍枚举的猪也包含在当前状态下,这时候可以直接跳过,第二种,所枚举的猪并不在当前状态下,需要进行操作,但是第一层循环会重复操作,故在进行第一遍枚举时,如果这只猪已经包含在当前状态内,我们可以直接跳过,来进行一个优化;
然后是转移方程,分为两种情况
- (i)和(j)相等时,那么我们有(f[i|(1<<(j-1))]=min(f[i|(1<<(j-1))],f[i]+1)),这种情况下(F[i][(1<<(j-1))])只需要转移上一状态,或者在当前状态下多射出一直小鸟;
- (i)和(j)不相等时,(f[i|num[j][k]]=min(f[i|num[j][k]],f[i]+1)),解释同上;
还有一点,
因为本道题是多组测试数据,记得初始化
接下来是代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int T,n,m,num[20][20],f[1000000];
double x[20],y[20];
bool same(double x,double y){return fabs(x-y)<1e-6;}//判断相等与否的函数
int main(){
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%lf%lf",&x[i],&y[i]);
memset(num,0,sizeof(num));//num数组初始化
for(int i=1;i<=n;i++){//第一遍枚举猪
for(int j=i+1;j<=n;j++){//第二遍枚举猪
if(same(x[i],x[j]))continue;//x[i]=x[j]无法构成抛物线
double a=(y[j]/x[j]-y[i]/x[i])/(x[j]-x[i]);//公式推导
if(a>0)continue;//a>0不合法抛物线,跳过
double b=y[i]/x[i]-a*x[i];//公式推导
for(int k=1;k<=n;k++){//枚举猪,判断其他猪是不是可以在该抛物线上
if(same(a*x[k]+b,y[k]/x[k]))num[i][j]|=(1<<(k-1));//如果可以,更新
}
}
}
memset(f,0x3f3f3f3f,sizeof(f));//初始化f数组
f[0]=0;//打死0这个状态下的猪需要小鸟0只
for(int i=0;i<=(1<<n)-1;i++){//枚举状态
for(int j=1;j<=n;j++){//第一层枚举猪
if(!(i&(1<<(j-1)))){//优化(具体见上)
for(int k=j;k<=n;k++){//第二层枚举猪
if(j==k)f[i|(1<<(j-1))]=min(f[i|(1<<(j-1))],f[i]+1);//j=k的转移情况
f[i|num[j][k]]=min(f[i|num[j][k]],f[i]+1);//j!=k的转移情况
}
}
}
}
printf("%d
",f[(1<<n)-1]);//输出打死(1<<n)-1(即所有猪)状态下猪所需要的小鸟数
}
}
以上是关于状压DP之愤怒的小鸟的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章