Codeforces Round #617 (Div. 3) A

Posted 2021-05-13 zwtfxtxdy

补题。最近状态很差，等着打校赛。

A - Array with Odd Sum

对\\(n\\)进行分类讨论：

\\(n\\)为奇数时，只要存在奇数即可；若\\(n\\)为偶数，必须同时包含奇数和偶数才能满足条件。

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 100010
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
using namespace std;
int num[2]={0};
int main()
{
    fast;
    int t;
    cin>>t;
    while(t--)
    {
        num[0]=0;
        num[1]=0;
        int n;
        cin>>n;
        int x;
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            cin>>x;
            num[x%2]++;
        }
        if(n%2)
        {
            if(num[1]) cout<<"YES\\n";
            else cout<<"NO\\n";
        }
        else
        {
            if(num[1] && num[0]) cout<<"YES\\n";
            else cout<<"NO\\n";
        }
    }
    return 0;
}

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B - Food Buying

题目概述：花费10个点数可获得一个点数，问最多花费多少个点数。

感觉没什么好说的，模拟就行了，直接上代码。

比A简单。

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 100010
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
using namespace std;
int main()
{
    fast;
    int t;
    cin>>t;
    while(t--)
    {
        int x;
        cin>>x;
        int ans=x;
        while(x>=10)
        {
            ans+=x/10;
            x=x%10+x/10;
        }
        cout<<ans<<\'\\n\';
    }
    return 0;
}

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C - Yet Another Walking Robot

题目概述：对于原路径，删除尽可能短的子段使得机器人根据指令所到达的终点不变。

我们就假设起点为(0,0)，也是整个路径的第一个点。然后根据指令记录路径，并记录当前位置为路径的第几个点。如果已经记录，两值相减-1即为子串长度。（-1也可以不考虑，反正大家都一样）

如果得到的长度更短，就更新答案\\(l\\)和\\(r\\)。

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 100010
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
using namespace std;
int main()
{
    fast;
    int t;
    cin>>t;
    map<pair<int,int>,int> mp;
    while(t--)
    {
        mp.clear();
        int ansl=-1;
        int ansr=-1;
        int anslen=1e9;
        int n;
        cin>>n;
        string s;
        cin>>s;
        mp[make_pair(0,0)]=1;
        int x=0,y=0;
        for(int i=0;i<n;i++)
        {
            if(s[i]==\'L\') x--;
            if(s[i]==\'R\') x++;
            if(s[i]==\'U\') y++;
            if(s[i]==\'D\') y--;
            if(mp[make_pair(x,y)])
            {
                if(i+2-mp[make_pair(x,y)]<anslen)
                {
                    anslen=i+2-mp[make_pair(x,y)];
                    ansl=mp[make_pair(x,y)];
                    ansr=i+1;
                }
                mp[make_pair(x,y)]=i+2;
            }
            else mp[make_pair(x,y)]=i+2;
        }
        if(ansl==-1) cout<<"-1\\n";
        else cout<<ansl<<\' \'<<ansr<<\'\\n\';
    }
    return 0;
}

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D - Fight with Monsters

题目概述：你和你的对手一起轮流打怪，你单次造成的伤害为\\(a\\)，对手单次造成的伤害为\\(b\\)，每次都是你先手。

1. 在你造成伤害后，如果这只怪物死亡，你获得1分，并且移步至下一只怪。

2. 在你的对手造成伤害后，如果这只怪物死亡，没人能获得分数，并且移步至下一只怪。

你有\\(k\\)次跳过对手回合的机会，问最多能获得多少分。

若\\(h[i]\\%(a+b)<=a\\)且不为0，那么无需使用跳过机会就可以拿到这一分。

若\\(h[i]\\%(a+b)>a\\)或者\\(h[i]\\%(a+b)==0\\)，那么就需要考虑跳过对手回合了。我们记余数为\\(mod\\)，若想拿到这一分，就需要跳过\\(mod/a+(mod\\%a==0)\\)次，这个推导起来不难。记得原本余数为零的话就视为余数为\\(a+b\\)。

然后将所有的跳过次数进行排序，从小到大取，直到次数用完。

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include<bits/stdc++.h>
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
using namespace std;
const int maxn = 200010;
int n,a,b,k;
int h[maxn];
vector<int> v;
int main()
{
    fast;
    cin>>n>>a>>b>>k;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        cin>>h[i];
    }
    sort(h+1,h+n+1);
    int ans=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        if(h[i]<=a) ans++;
        else
        {
            if(h[i]%(a+b)<=a && h[i]%(a+b)!=0) ans++;
            else
            {
                int tmp=h[i]%(a+b);
                if(tmp==0) tmp=a+b;
                v.pb(tmp/a-(tmp%a==0));
            }
        }
    }
    sort(v.begin(),v.end());
    // for(int i=0;i<v.size();i++)
    // {
    //     cout<<v[i]<<\' \';
    // }
    // cout<<\'\\n\';
    for(int i=0;i<v.size();i++)
    {
        if(v[i]<=k)
        {
            k-=v[i];
            ans++;
        }
    }
    cout<<ans<<\'\\n\';
    return 0;
}

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E - String Coloring

题目概述：给所有的字母涂上颜色，如果相邻字母颜色不同即可进行交换，问最少需要几种颜色使得这些字母进行交换后非递减。

Easy version问的则是两种颜色是否满足。

本来考虑的是逆序对，后来发现同种颜色的序列满足非递减，那么就是要求序列中上升子序列的个数的最小值。

规律：下降子序列的个数等于最长上升子序列的长度，上升子序列的个数等于最长下降子序列的长度。

这个证明起来不难，因为昆明现场就发现了这一点。

而昆明的签到需要\\(nlogn\\)复杂度的LIS，但这题不需要，一共就26个字母。

对于每个字母，枚举比它大的字母，求得下降子序列长度的最大值\\(dp[i]\\)。

整个序列的长度最大值即为颜色数量，\\(dp[i]\\)即为每个字母对应的颜色。

E1:

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include <bits/stdc++.h>
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0)
using namespace std;
const int maxn = 210;
int ans[maxn];
int dp[maxn];
vector<char> v[2];
int main()
{
    fast;
    int n;
    cin >> n;
    string s;
    cin >> s;
    for (int i = 0; i < n; i++)
    {
        dp[i] = 1;
    }
    for (int i = 0; i < n; i++)
    {
        for (int j = 25; j > s[i] - \'a\'; j--)
        {
            dp[i] = max(dp[i], ans[j] + 1);
        }
        ans[s[i] - \'a\'] = max(ans[s[i] - \'a\'], dp[i]);
    }
    int maxx = 0;
    for (int i = 0; i < 26; i++)
    {
        maxx = max(ans[i], maxx);
    }
    if (maxx <= 2)
    {
        cout << "YES\\n";
        for (int i = 0; i < n; i++)
        {
            cout << dp[i] - 1;
        }
        cout << \'\\n\';
    }
    else
    {
        cout << "NO\\n";
    }
    return 0;
}

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E2:

/* Author: EndlessK
 * Time: 2021-05-13 15:12:41
**/
#include <bits/stdc++.h>
#define pb push_back
#define ll long long
#define fast ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0), cout.tie(0)
using namespace std;
const int maxn = 200010;
int ans[maxn];
int dp[maxn];
vector<char> v[2];
int main()
{
    fast;
    int n;
    cin >> n;
    string s;
    cin >> s;
    for (int i = 0; i < n; i++)
    {
        dp[i] = 1;
    }
    for (int i = 0; i < n; i++)
    {
        for (int j = 25; j > s[i] - \'a\'; j--)
        {
            dp[i] = max(dp[i], ans[j] + 1);
        }
        ans[s[i] - \'a\'] = max(ans[s[i] - \'a\'], dp[i]);
    }
    int maxx = 0;
    for (int i = 0; i < 26; i++)
    {
        maxx = max(ans[i], maxx);
    }
    cout << maxx << \'\\n\';
    for (int i = 0; i < n; i++)
    {
        cout << dp[i] << \' \';
    }
    cout << \'\\n\';
    return 0;
}

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