在 php 中获取请求的 url 的 Content-Type
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【中文标题】在 php 中获取请求的 url 的 Content-Type【英文标题】:Get Content-Type of requested url in php 【发布时间】:2012-08-14 23:22:33 【问题描述】:使用php我如何能够将变量$type
定义为http://www.example.com的content-type
例如:$type
定义为"text/html"
到目前为止,这是我正在使用的:
<?php
$url = 'http://www.example.com';
print_r(get_headers($url));
print_r(get_headers($url, 1));
?>
可以根据需要更改代码
【问题讨论】:
【参考方案1】:不太清楚您要做什么,但如果您要获取浏览器发送到您的脚本的请求内容类型,您可以这样做:
<?php
// Collect all headers
$headers = [];
foreach(getallheaders() as $name => $header)
$headers[strtolower($name)] = $header;
// Get the content type header
$contentType = $headers['content-type'];
?>
【讨论】:
【参考方案2】:有时 get_header 会返回错误的值,因为它读取的是 http 标头,而不是文件。 最好使用 finfo:
$finfo = new finfo(FILEINFO_MIME_TYPE);
$type = $finfo->buffer(file_get_contents($link));
【讨论】:
【参考方案3】:你试过了吗:
$type = get_headers($url, 1)["Content-Type"];
正如@Michael 在 cmets 中所指出的,如果没有最新版本的 PHP,此语法将无法工作。
你也试过了吗:
$headers = get_headers($url, 1);
$type = $headers["Content-Type"];
?
【讨论】:
请注意,()[]
这个语法只在 PHP 5.4 中有效。早期版本要求您将数组保存到变量中,然后检索密钥。
我的 php 是 5.3.13,是第二个代码 sn-p 应该在 5.4 以下的版本上工作,因为我收到 Parse error: syntax error, unexpected T_VARIABLE
第二个 sn-p 在 PHP 5.4.36 上对我来说非常有用。 +1以上是关于在 php 中获取请求的 url 的 Content-Type的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章