PHP 和 JSON：返回合适的格式

Posted 2023-02-23

【中文标题】PHP 和 JSON：返回合适的格式

【英文标题】：PHP and JSON: Returning a suitable format

【发布时间】：2012-06-15 08:37:50

【问题描述】：

我正在尝试使用谷歌地图方向 API 从数据库中映射连接城市的路线。我的问题是我被困在一个点，我应该通过 json 从 php 脚本返回值。 我要映射的数据是一个数组：

$data=array('chicago','new york','lebanon','maysvile','greenfield');

我的意图是从我的数据数组中返回以下格式。

var request = 
   origin:start, 
   destination:end,
   waypoints:[
         location:"",
         stopover:true
   ],
   travelMode: google.maps.DirectionsTravelMode.DRIVING

这就是我的起点和终点：数组中的第一个和最后一个元素：

$start=reset($data);     
$end=end($data);

php 使用 json_encode() 返回的数据

    $response=array('origin'=>$start,'destination'=>$end,'travelMode'=>"google.maps.DirectionsTravelMode.DRIVING");
echo json_encode($response);

返回的格式不正确。我也不知道我应该怎么做中间点。中点是选择 $start 和 $end 后剩余的所有值。 任何想法都非常感谢。谢谢

【问题讨论】：

google.maps.DirectionsTravelMode.DRIVING 不是字符串（至少不是值为'google.maps.DirectionsTravelMode.DRIVING' 的字符串）。创建 JSON 时需要使用它的值。

如何在不排除其他参数的情况下创建/映射包含它的请求？

【参考方案1】：

$response = array(
    'origin' => array_shift($data),
    'destination' => array_pop($data),
    'waypoints' => array(),
    'travelMode' => 'DRIVING'
);
foreach($data as $wp) 
    $response['waypoints'][] = array('stopover' => true, 'location' => $wp);

echo json_encode($response);

注意array_shift和array_pop修改$data数组！

脚本的输出是：

    "origin": "chicago",
    "destination": "greenfield",
    "waypoints": [
        
            "stopover": true,
            "location": "new york"
        ,
        
            "stopover": true,
            "location": "lebanon"
        ,
        
            "stopover": true,
            "location": "maysvile"
        
    ],
    "travelMode": "DRIVING"

【讨论】：

我喜欢你为航点、起点和目的地所做的方式，但最终格式不正确。这是输出：

"origin":"GEORGETOWN KY 40324","destination":"GEORGETOWN KY 40324","waypoints":["Mantachie MS 38855"],"travelMode":"google 的值.maps.DirectionsTravelMode.DRIVING"

已更新。现在它应该做你想做的事了。

请注意像 "" 这样的大括号围绕 origin 参数。这会在 javascript 中返回错误。如果没有参数上的大括号，我们如何实现这一点？

你是指引号吗？它们是必要的。否则它将不是一个字符串，也不是有效的 JSON。

【参考方案2】：

当您从 PHP 获得响应时，它将是一个字符串，包含 JSON 格式的数据。

您将需要使用：

var myObject = JSON.parse(stringOfJson);

将其转换为 JSON 对象。

如果你想要数据的 PHP 表示，为什么不在 PHP 中创建一个对象来表示它：

class RouteInformation 

    public $Origin;
    public $Destination;
    public $Waypoints;
    public $TravelMode;

    public function __construct() 
    
        $this->Waypoints = array();
    

然后您可以将此对象序列化为 JSON，它将采用您需要的格式。

$response = new RouteInformation();
$response->Origin = array_shift($data);
$response->Destination = array_pop($data);
$response->TravelMode = 'DRIVING';

foreach($data as $wp) 
    $response->Waypoints[] = array('stopover' => true, 'location' => $wp);


echo json_encode($response);

您可以更进一步，创建一个 Waypoint 类来表示数组中的每个 Waypoint。

【讨论】：

我认为他已经这样做了，或者有图书馆为他这样做。否则他在开发者工具中查看时不会得到“非 json”表示。

@ThiefMaster 你说得对，我们已经有了。我们如何格式化我们必须返回的结果，例如 origin:'origin name',destination:'destination name',.... 注意逗号 (,)