在 laravel 控制器中使用特征

Posted 2023-02-16

【中文标题】在 laravel 控制器中使用特征

【英文标题】：using traits inside laravel controller

【发布时间】：2021-01-20 00:26:36

【问题描述】：

我的 laravel(7.23.0) 控制器中有一些重复的代码

use App\ModelA;
use App\ModelB;
use App\ModelC;
use App\Traits\DbTrait;

    class DarsController extends Controller
    
       use DbTrait;

    public function A($id) 
           return ModelA::where('column', $id)->get(*);
    
    public function B($id) 
           return ModelB::where('column', $id)->get(*);
    

    public function C($id)
           return ModelC::where('column', $id)->get(*);
      
    //the only difference in these codes is model, all codes are the same
    
  

我创建了一个名为 Traits 的文件夹，并在其中定义了一个 trait DbTrait.php

<?php 
namespace App\Traits;

trait DbTrait

    public function getAllz($ModelName , $id)
        return $ModelName::where('column', $id)->get('*');
    

所以我将控制器的功能修改为这个

public function A($id) 
            //   return ModelA::where('column', $id)->get(*); works fine
               $this->getAllz('ModelA', $id);// throws an error

   

它会抛出错误消息：“找不到类‘ModelA’”

谢谢

更新： 我应该道歉，我真的很抱歉，答案中的 3 个有效，我在网络选项卡中看到了数据，我正在使用 vue 显示数据， 我认为使用 trait 制作了一个复杂的数组

这是我的简单 vue

axios.get('/api/emla/' + id).then(response =>
                         this.data = JSON.parse(JSON.stringify(response.data)); 

【问题讨论】：

因为它在你的特征目录中寻找 ModelA 类

app( '\App\' . $ModelName )::where('column', $id)->get('*');

谢谢@swadha 可以请你详细说明一下，我不能只是复制和粘贴你的代码

您尝试过什么调试问题？为什么不使用完整的类名（包括命名空间）？

@Nico 怎么样？对不起，我是新手

【参考方案1】：

你需要修改你的特质

ModelName::where 它尝试在 trait 中加载类，所以在这里使用 $ModelName->where $ModelName 已经是该类的实例，因此您可以通过 -> 运算符调用函数

<?php 
namespace App\Traits;

trait DbTrait

    public function getAllz($ModelName ,$columnName ,$id)
        return $ModelName->where($columnName, $id)->get('*');
    

并调用这个函数

$this->getAllz(new ModelA, $id);

这样你就不需要在 trait 中导入类

你的最终代码会是这样的

use App\ModelA;
use App\ModelB;
use App\ModelC;
use App\Traits\DbTrait;

class DarsController extends Controller

    use DbTrait;

    public function A($id)
    
        return $this->getAllz(new ModelA,'column', $id);
    
    public function B($id)
    
        return $this->getAllz(new ModelB,'column', $id);
    

    public function C($id)
    
        return $this->getAllz(new ModelC,'column', $id);
    

【讨论】：

@thanks kamlesh，由于拼写错误，我编辑了问题，对此感到抱歉，我试过了，但它给了我一条消息“此请求没有可用的响应数据”

@raamiin 你尝试了什么，你得到了什么错误。？

一切，你的回答，它没有给我数据库中的数据，所以我在网络标签内的谷歌开发工具中检查

@raamiin 因为在您编写代码时，所有模型都在寻找 dars_id 列

我仔细尝试了这个答案，错误改回“找不到类'ModelA'”

【参考方案2】：

像在控制器类中所做的那样，导入将在您的 trait 中使用的类。

use App\ModelA;
use App\ModelB;
use App\ModelC;

【参考方案3】：

你得到Class 'ModelA' not found 的原因是它在你的traits 目录中寻找那个类，但它找不到。所以你需要这个：

<?php 
namespace App\Traits;

trait DbTrait

    public function getAllz($ModelName , $id) 
        return app( "\App\\" . $ModelName )::where('column', $id)->get('*');
    

假设您已在 \App 命名空间下定义模型

【讨论】：

@thanks swadhwa 我一开始没有更改模型的目录（它在默认目录中），我使用的是 Visual Studio 代码，我粘贴了你的代码，它说期待'） '，我是菜鸟

消息：“目标类 [\App\ModelA] 不存在。”

@raamiin 啊废话我忘了转义反斜杠。你现在能检查一下吗？对不起。

谢谢，但“此请求没有可用的响应数据”

@raamiin 这似乎是一个不相关的问题。我已经为您提供了解决方案。请接受这一点并发布一个新问题，我会调查的。谢谢。

【参考方案4】：

如果你遵循这个，100% 应该可以工作

public function A($id) 
        //   return ModelA::where('column', $id)->get(*); works fine
           $model = new ModelName(); // new ModelName;
           $this->getAllz($model, $id);// throws an error




public function getAllz($ModelName , $id)
    return $ModelName->where('column', $id)->get('*');

【讨论】：

感谢 Ripon 当我 dd($this->getAllz($model, $id));我可以在网络选项卡中看到数据，但我无法得到我想要的

没有从方法 A 返回。这就是为什么你没有得到预期的结果。我认为