在没有文件扩展名的情况下返回 Django 中的文件路径

Posted 2023-04-18

【中文标题】在没有文件扩展名的情况下返回 Django 中的文件路径

【英文标题】：Returning a file path in Django without the file extension

【发布时间】：2012-02-07 23:54:07

【问题描述】：

我正在我的 Django 网站上创建一个多媒体应用程序，允许用户上传照片、视频和音频 - 文件在第 3 方服务（视频的 mp4、ogg、webm 和 flv）上进行编码，然后保存到用户在 Amazon S3 上的存储桶。我正在寻找一种优雅的解决方案，以 html5 格式显示用户的视频。这是我的模型的外观：

class Video(models.Model):
    file = models.FileField(upload_to = user_video_folder)
    owner = models.ForeignKey(User)
    video_title = models.CharField(max_length=100)
    video_caption = models.CharField(max_length=150, blank=True)
    date_added = models.DateTimeField(auto_now_add=True)
    date_updated = models.DateTimeField(auto_now=True)
    def __unicode__(self):
    return self.video_title

然后是视图：

def ViewAllVideos(request):
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user)
    template = 'site/media-videos.html'
    return render_to_response(template, 'videos': videos, context_instance=RequestContext(request))

在模板中，我需要打印编码期间生成的多种文件格式的路径，并且希望不必在我的模型中为 each 格式添加一列，所以我想知道是否有办法用文件名返回文件路径，但没有扩展名，所以它会在模板中这样：

<video   preload="" controls="" autoplay="">
    <source src=" STATIC_URL  video.file .mp4" type="video/mp4;">
    <source src=" STATIC_URL  video.file .ogg" type="video/ogg;">
    <source src=" STATIC_URL  video.file .webm" type="video/webm;">
    <object   type="application/x-shockwave-flash" data="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf">
        <param name="movie" value="/foo/bar/flowplayer/flowplayer-3.2.5.swf"><param name="allowfullscreen" value="true">
        <param value="config="clip": "url": " STATIC_URL  video.file .flv", "autoPlay":false, "autoBuffering":true" name="flashvars">
    </object>
</video>

感谢任何帮助！干杯！

---

这是我的新观点：

def ViewAllVideos(request):
    videos = Video.objects.filter(owner = request.user)
    filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0]
        for video in videos]
    context = 
        'videos': videos,
        'filenames': filenames,
    template = 'site/media-videos.html'
    return render_to_response(template, context, context_instance=RequestContext(request))

【参考方案1】：

您可以在模型中添加如下内容，然后使用 video.file_minus_extension

def file_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(self.file.url) 
    return basename

编辑：根据评论，只返回文件名

def filename_minus_extension(self): 
    basename, extension = os.path.splitext(os.path.basename(self.file.name)) 
    return basename

【讨论】：

这太好了，谢谢！我唯一遇到的问题是它返回图像的完整路径，但我需要指定一个单独的静态 URL。是否可以只返回文件名？例如： static.myurl.com/username/videos/foo.mp4 将返回： foo

【参考方案2】：

我认为您正在寻找的内容类似于：

os.path.splitext('file.ext')[0]  # Will return just 'file'

注意：这应该在您的视图中执行，并将返回的值传递给您的模板。

例如，在您看来，您可以执行以下操作：

filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0]
             for video in vides]
...
context = 'videos': videos,
           'filenames': filenames,
          
return render_to_response(template, context, ...)

我认为您只是在模板中使用了video.file，所以也许您甚至可以不将它传递给模板，因为它不需要。

【讨论】：

嘿，感谢您的评论！就像我提到的，我是 Django 的新手，如果我理解不正确，请原谅我......所以你说这应该在我看来，那么根据我原来的观点，这会是什么样子？再次感谢！

我已经编辑了我的答案以提供一个例子。顺便说一句，我已经看到您关于仅获取文件名的评论。这可以使用os.path.basename 来完成。

谢谢！所以这是我的新观点： def ViewAllVideos(request): videos = Video.objects.filter(owner = request.user) filenames = [os.path.splitext(os.path.basename(video.file))[0] for视频中的视频] context = 'videos': 视频, 'filenames': 文件名, template = 'site/media-videos.html' return render_to_response(template, context, context_instance=RequestContext(request)) ...但是我点击页面时出现以下错误：/site/media/videos/ 'FieldFile' 对象的 AttributeError 没有属性 'rfind' 有什么想法吗？

哎呀 - 没有意识到它不会延续换行符......我将在上面添加我的新视图......

看来应该是video.file.name，因为video.file并不是真正的路径，而是访问文件的对象。