使用 jQuery 从 PHP 文件返回 JSON 数据

Posted 2023-02-24

【中文标题】使用 jQuery 从 PHP 文件返回 JSON 数据

【英文标题】：Returning JSON data from PHP file using jQuery

【发布时间】：2012-03-01 09:23:37

【问题描述】：

长期阅读，第一次海报。我对 jQuery 和 JSON 的世界非常陌生，并且发现我正在运行的登录脚本存在问题。

最终目标是从表单中捕获数据，将该数据传递到 php 文件以通过 jQuery.ajax() post 进行处理，将数据与 mysql 数据库进行比较以进行身份​​验证，并返回成功或失败的数据.

我的问题是我无法将 JSON 格式的数据从 PHP 脚本传递回 jQuery。使用 Chrome 的开发人员工具查看处理时，我看到“登录失败”。我已经通过将数组 $rows 扔到我的 error_log 文件中仔细检查了它，它返回了格式正确的 JSON，但我一辈子都无法让它返回到 jQuery 文件。任何帮助表示赞赏。

我的表单输入：

<!-- BEGIN: Login Page -->
    <section data-role="page" id="login">
        <header data-role="header" data-theme="b">
            <a href="#landing" class="ui-btn-left">Back</a>
        <h1>Please Log In</h1>
        </header>
        <div data-role="content" class="content" data-theme="b">
            <form id="loginForm" action="services.php" method="post">
                <div data-role="fieldcontain">
                    <label for="schoolID">School ID</label>
                    <input type="text" name="schoolID" id="schoolID" value=""  />

                    <label for="userName">Username</label>
                    <input type="text" name="userName" id="userName" value=""  />

                    <label for="password">Password</label>
                    <input type="password" name="password" id="password" value=""  />

                    <h3 id="notification"></h3>
                    <button data-theme="b" id="submit" type="submit">Submit</button>
            <input type="hidden" name="action" value="loginForm" id="action">
                </div>
            </form>
        </div>
        <footer data-role="footer" data-position="fixed" data-theme="b">
            <h1>Footer</h1>
        </div>
    </section>
    <!-- END: Login Page -->

我的 jQuery 处理程序：

// Listen for the the submit button is clicked, serialize the data and send it off
    $('#submit').click(function()
        var data = $("#loginForm :input").serializeArray();
    var url = $("#loginForm").attr('action');

    $.ajax(
        type: 'POST',
        url: url,
        cache: false,
        data: data,
        dataType: 'json',
            success: function(data)
            $.ajax(
                type: 'GET',
                url: "services.php",
                success: function(json)
                alert(json);
                $('#notification').append(json);
                
            );
            
        );
    );

这是我的 PHP 处理：

if (isset($_POST['action'])) 
    $schoolID = $_POST['schoolID'];
    $userName = $_POST['userName'];
    $password = $_POST['password'];

    $sql = "SELECT FirstName, LastName, FamilyID, StudentID, UserID ";
    $sql .= "FROM Users ";
    $sql .= "WHERE SchoolID = '$schoolID' ";
    $sql .= "AND Username = '$userName' ";
    $sql .= "AND Password = '$password'";
    $rs = mysql_query($sql);

    $rows = array();
    while($row = mysql_fetch_array($rs, MYSQL_ASSOC)) 
        $row_array['firstName'] = $row['FirstName'];
        $row_array['lastName'] = $row['LastName'];
        $row_array['familyID'] = $row['FamilyID'];
        $row_array['studentID'] = $row['StudentID'];
        $row_array['userID'] = $row['UserID'];
        array_push($rows, $row_array);
    

    header("Content-type: application/json", true);
    echo json_encode(array('rows'=>$rows));
    exit;

    else

    echo "Login Failure";
    

【问题讨论】：

"将该数据传递给 PHP 文件以通过 jQuery 进行处理" jQuery 在客户端上运行。 PHP 在服务器上运行。他们从不见面。

我在 jQuery 中使用 $.ajax() 函数将 JSON 数据传递给 PHP。对不起，我没有很好地解释它。

我认为的问题可能是您正在发出 2 个请求，第一个请求可能会响应您想要的数据，而您不处理第二个请求的数据不是您的 php 中的条件从未满足，也考虑使用.submit() - tut 也许条件从未满足？

为什么需要进行 2 次 ajax 调用？在这种情况下，为什么只显示 1 个 php 脚本，而不是 2 个？

我不确定它是否正确，但从我收集的内容来看，我必须使用 $.ajax() 来发布序列化数据，然后在成功函数中使用 $.ajax () 来获取 JSON 数据。我有一个偷偷摸摸的怀疑，我在这个假设中是非常错误的。

【参考方案1】：

看看你在这里犯了什么错误很简单

 $.ajax(
    type: 'POST',
    url: 'services.php',
    cache: false,
    data: $('#loginForm').serialize(),
    dataType: 'json',
        success: function(data)
            alert(data);
            $('#notification').append(data);
        
    );
);

使用jquery的序列化功能。当你在成功函数中有一个参数时，它不是你在这个指令中的“数据”

data : data,

它是从php端返回的，它是成功返回的新数据。为避免冲突，请使用其他东西，例如 new_data

    success: function(new_data)
        alert(new_data);
        $('#notification').append(new_data);
    

新数据是json格式，检查一下。如果您使用的是 firefox，请使用 console.log 在 firebug 中查看。

    success: function(new_data)
        console.log(new_data);
        alert(new_data);
        $('#notification').append(new_data);
    

【参考方案2】：

简单的答案：用户错误。我并没有真正理解 getJSON() 函数的概念。它旨在将数据发送到 PHP 脚本，并在成功时处理返回数据。我假设它需要一个函数来发送信息和一个函数来检索信息。

感谢您的所有帮助！

【参考方案3】：

尝试改变：

var data = $("#loginForm :input").serializeArray();

到：

var data = $("#loginForm").serialize();

这应该可以工作，因为我很确定 .ajax 请求中的“数据”应该是一个序列化字符串，serializeArray 返回一个对象数组。

http://api.jquery.com/serialize/

http://api.jquery.com/serializeArray/

编辑 1：

这看起来像是一个事件冒泡问题。请尝试以下操作：

将您的 javascript 更改为：

function processForm(formObj) 
    var $form = $(formObj);
    var data = $form.serializeArray();
    var url = $form).attr('action');

    $.ajax(
        type: 'POST',
        url: url,
        cache: false,
        data: data,
        dataType: 'json',
        success: function(data)
            $('#notification').append(data);
        
    );

    return false;

你的表格：

<form id="loginForm" action="services.php" method="post" onsubmit="return processForm(this)">
    <div data-role="fieldcontain">
        <label for="schoolID">School ID</label>
        <input type="text" name="schoolID" id="schoolID" value=""  />

        <label for="userName">Username</label>
        <input type="text" name="userName" id="userName" value=""  />

        <label for="password">Password</label>
        <input type="password" name="password" id="password" value=""  />

        <h3 id="notification"></h3>
        <button data-theme="b" id="submit" type="submit">Submit</button>
        <input type="hidden" name="action" value="loginForm" id="action">
    </div>
</form>

【讨论】：

我更改了数据变量，但 PHP 脚本仍在发送“登录失败”。即使 PHP error_log 读取 "rows":["firstName":"Zach","lastName":"Alexander","familyID":"0","studentID":"0","userID":" 87585"]

@Sharproot - 如果它返回Login Failure，那么它不应该根据你给我们的php代码查询数据库。 Garry Welding 建议的更改在这里不会产生影响，但它确实比您在其位置使用的代码更有意义且更具可读性。

是的，我同意@Garry Welding 的更改更有意义。这就是为什么我很困惑。所有 PHP 代码都在 if() 语句中，如果设置了 $_POST，我们将比较和编码，如果没有设置，我们会得到“登录失败”。但是通过监控我的 error_logs，我可以看到 PHP 正在处理并从数据库中获取正确的数据......但我们最终仍然会收到“登录失败”。

试试上面 EDIT 1: 中的建议，看起来您首先触发了提交功能上的点击事件，然后因为该按钮是一个提交按钮，您也可以手动提交表单。事件在 DOM 中冒泡。你也可以保持你的代码不变，只使用 event.stopPropagation();停止泡沫。

这也可以解释为什么你会得到错误日志数据，因为 ajax 请求首先触发，然后是警告，因为默认事件（表单提交）接下来触发。这就是为什么我总是使用 onsubmit 而不是将点击处理程序绑定到提交按钮。