通过 grep/awk/cut 删除字符串中的多余点

Posted 2023-03-24

【中文标题】通过 grep/awk/cut 删除字符串中的多余点

【英文标题】：Remove extra dot in a String by grep/awk/cut

【发布时间】：2021-10-09 19:29:19

【问题描述】：

我在一个文件中有以下文本，例如 output.txt

[test.tracking_utils] INFO: Tracking subtool usage: main_test
[TEST & SPEC] INFO: Uploaded file test.zip with bucket URI test/20210804144418.zip.

如何使用 grep o 类似的东西来获取 test/20210804144418.zip 的值？

我试过了

tail output.txt | grep ". test/" | awk print $NF
tail output.txt | grep -m1 .test/ | rev | cut -d' ' -f1 | rev

它返回test/20210804144418.zip. 和额外的. 你知道如何在最后删除额外的. 吗？有什么建议吗？

【问题讨论】：

生成output.txt 的脚本是什么样的？是可以更改的脚本吗？

【参考方案1】：

使用awk，您可以尝试关注一次。

awk '/test\//sub(/\.$/,"");print $(NF);exit' Input_file

第二个解决方案：在这里使用awk的match函数。

awk 'match($0,/URI test\/[0-9]+\.zip/)print substr($0,RSTART+4,RLENGTH-4);exit' Input_file

【参考方案2】：

你可以使用这个grep:

grep -oE -m1 'test/[^[:blank:]]+\.[^.]+' file

test/20210804144418.zip

正则表达式详细信息：

test/：匹配test/ [^[:blank:]]+：匹配 1+ 个非空白字符 \.：匹配一个点 [^.]+: 匹配 1+ 个非点字符

【参考方案3】：

您可以通过管道删除尾随 .

sed 's/\.$//'

但在这种情况下，这可能不是必需的。使用 GNU grep 或 pcregrep，您可以直接提取路径：

grep -Po 'with bucket URI \K.*(?=.)'

【参考方案4】：

假设：

所需输出/字符串的开头不一定以test 开头 具有所需字符串的所有行都包含with bucket URI 感兴趣的字符串始终是最后一个字段（以空格分隔） 可能有不止一条感兴趣的线

示例输入：

$ cat output.txt
[test.tracking_utils] INFO: Tracking subtool usage: main_test
[TEST & SPEC] INFO: Uploaded file test.zip with bucket URI test/20210804144418.zip.
[test.tracking_utils] INFO: Tracking subtool usage: main_test
[TEST & SPEC] INFO: Uploaded file test.zip with bucket URI other/101423412.pre.zip.

一对awk想法：

awk '/with bucket URI/sub(/\.$/,"",$NF);print $NF' output.txt
awk '/with bucket URI/print substr($NF,1,length($NF)-1)' output.txt

这两个生成：

test/20210804144418.zip
other/101423412.pre.zip

【参考方案5】：

grep

grep -o '[a-z]*\/[0-9].*\.[a-z]*\b'

sed

sed -n 's/^.*\s\([a-z]*\/[0-9].*\.[a-z]*\)./\1/p'

awk

awk '/\d+.[a-z]*/print $NF' | sed 's/\.//2'

cut

cut -d' ' -f11 | sed 's/\.//2'

所有命令都应该产生您预期的输出。

$ sed -n 's/^.*\s\([a-z]*\/[0-9].*\.[a-z]*\b\)./\1/p'
test/20210804144418.zip