通用链接：如何以编程方式返回？

Posted 2023-03-10

【中文标题】通用链接：如何以编程方式返回？

【英文标题】：Universal links: how to go back programmatically?

【发布时间】：2018-05-30 19:16:24

【问题描述】：

我有一个第一个 ios 原生应用程序（假设是“调用者应用程序”），它会打开第二个（假设是“被调用者应用程序”），其 URL 格式为 https://calleeapp.com（通用链接）。我希望用户在“被调用者应用程序”中执行一些任务，完成后我想自动返回到“调用者应用程序”，提供此类任务的结果（URL 将是类似于https://callerapp.com/check?result=xxxx)。

处理此问题的最佳/适当方法应该是什么？

【参考方案1】：

我们会，您需要能够在被调用方和调用方应用程序上都有代码，然后才能执行此操作。 （除非第三方应用为回调 URL 实现了某种 API）。

在调用者应用上，尽管您希望查看以下 AppDelegate 方法：

func application(_ application: UIApplication, continue userActivity: NSUserActivity, restorationHandler: @escaping ([Any]?) -> Void) -> Bool 
    // if it opened the app from some link
    if userActivity.activityType == NSUserActivityTypeBrowsingWeb 
        // the query will give you "result=xxxx"
        if let query = userActivity.webpageURL?.query 
             // code that pulls out the result from the string you get back
        
     ...

您还必须确保您的AppName.entitlements 具有关联域键，其中一个值为applinks:callerapp.com，以便调用者应用知道它可以在该方案中打开网址，从而真正支持通用链接。 （反之亦然，如果你也实现了被调用者应用程序）

【讨论】：

谢谢。那么，这是否意味着我需要从调用者应用程序调用openURL: 以“返回”到调用者应用程序？那么它不会像“导航回来”，而是像打开调用者应用程序“内部”被调用者应用程序一样？然后完整的流程就像：调用者应用程序->在内部打开被调用者应用程序（因此应用程序“在”应用程序中）->被调用者应用程序在内部打开调用者应用程序（因此应用程序“内部”也是“内部”的应用程序应用程序）？

对，你可以打电话给openURL:（很确定），除了注意它不是在应用程序“内部”打开它，它实际上只是导航到那个应用程序，而原始应用程序是后台的跨度>

所以调用者应用程序无法控制在被调用者应用程序上执行的代码，除非您能够为两者编写代码，或者，就像我说的，有某种接口可以提供一次回调 URL您在被调用方应用上执行的任何操作都已完成

有什么方法可以返回到调用者应用程序，而不是调用openURL:？我想要相同的行为，就像用户点击“后退按钮”时显示在顶部的调用方应用程序名称，然后在再次显示调用方应用程序时没有这样的“后退按钮”。但我想调用openURL: 会在顶部显示“后退按钮”，但当时显示的是被调用者应用程序名称，对吧？

我不知道有什么方法可以在不涉及打开 url 的应用程序之间切换。只要您在关联域中注册，您就可以使用特定于应用程序的 url（如 facebook 的 fb://...）或通用链接。出现在顶部的后退按钮就像你无法控制的 Apple 级别的系统东西，Apple 不允许在另一个应用程序上执行代码。一旦调用者应用程序打开被调用者应用程序，它就不知道那里发生了什么，除非被调用者应用程序决定打开调用者应用程序。是的，一旦您返回，被调用者应用程序可能会显示在顶部。