BZOJ2301: [HAOI2011]Problem b
Posted 符拉迪沃斯托克
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了BZOJ2301: [HAOI2011]Problem b相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
Description
对于给出的n个询问,每次求有多少个数对(x,y),满足a≤x≤b,c≤y≤d,且gcd(x,y) = k,gcd(x,y)函数为x和y的最大公约数。
Input
第一行一个整数n,接下来n行每行五个整数,分别表示a、b、c、d、k
Output
共n行,每行一个整数表示满足要求的数对(x,y)的个数
Sample Input
2
2 5 1 5 1
1 5 1 5 2
2 5 1 5 1
1 5 1 5 2
Sample Output
14
3
3
HINT
100%的数据满足:1≤n≤50000,1≤a≤b≤50000,1≤c≤d≤50000,1≤k≤50000
题解Here!
题目显然是要求:
显然莫比乌斯反演。
我们先来看另外一个题目:洛谷P3455 [POI2007]ZAP-Queries
这就是上面那个题目的简化版。
这题目显然是要求:
这时候,这个式子已经可以做到 O(n) 的时间复杂度了,但是因为有多组数据,所以我们再用一下 数论分块 ,这题就可以做到 O(√n
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #define MAXN 50010 using namespace std; int n,m,d,k=0,prime[MAXN],mu[MAXN],sum[MAXN]; bool np[MAXN]; inline int read(){ int date=0,w=1;char c=0; while(c<\'0\'||c>\'9\'){if(c==\'-\')w=-1;c=getchar();} while(c>=\'0\'&&c<=\'9\'){date=date*10+c-\'0\';c=getchar();} return date*w; } void make(){ int m=MAXN-10; mu[1]=1; for(int i=2;i<=m;i++){ if(!np[i]){ mu[i]=-1; prime[++k]=i; } for(int j=1;j<=k&&prime[j]*i<=m;j++){ np[prime[j]*i]=true; if(i%prime[j]==0)break; else mu[prime[j]*i]=-mu[i]; } } for(int i=1;i<=m;i++)sum[i]=sum[i-1]+mu[i]; } void work(){ long long ans=0; n=read();m=read();d=read(); if(n>m)swap(n,m); n/=d;m/=d; for(int i=1,last=1;i<=n;i=last+1){ last=min(n/(n/i),m/(m/i)); ans+=(long long)(sum[last]-sum[i-1])*(n/i)*(m/i); } printf("%lld\\n",ans); } int main(){ int t=read(); make(); while(t--)work(); return 0; }
附代码:
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #define MAXN 50010 using namespace std; int k=0,prime[MAXN],mu[MAXN],sum[MAXN]; bool np[MAXN]; inline int read(){ int date=0,w=1;char c=0; while(c<\'0\'||c>\'9\'){if(c==\'-\')w=-1;c=getchar();} while(c>=\'0\'&&c<=\'9\'){date=date*10+c-\'0\';c=getchar();} return date*w; } void make(){ int m=MAXN-10; mu[1]=1; for(int i=2;i<=m;i++){ if(!np[i]){ prime[++k]=i; mu[i]=-1; } for(int j=1;j<=k&&prime[j]*i<=m;j++){ np[prime[j]*i]=true; if(i%prime[j]==0)break; else mu[prime[j]*i]=-mu[i]; } } for(int i=1;i<=m;i++)sum[i]=sum[i-1]+mu[i]; } long long solve(int n,int m,int d){ long long ans=0; if(n>m)swap(n,m); n/=d;m/=d; for(int i=1,last=1;i<=n;i=last+1){ last=min(n/(n/i),m/(m/i)); ans+=(long long)(sum[last]-sum[i-1])*(n/i)*(m/i); } return ans; } void work(){ int a,b,c,d,k; a=read();b=read();c=read();d=read();k=read(); long long ans=solve(b,d,k)-solve(a-1,d,k)-solve(b,c-1,k)+solve(a-1,c-1,k); printf("%lld\\n",ans); } int main(){ int t=read(); make(); while(t--)work(); return 0; }
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