5299. [CQOI2018]解锁屏幕状压DP
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了5299. [CQOI2018]解锁屏幕状压DP相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
Description
使用过android手机的同学一定对手势解锁屏幕不陌生。Android的解锁屏幕由3x3个点组成,手指在屏幕上画一条
线将其中一些点连接起来,即可构成一个解锁图案。如下面三个例子所示:
画线时还需要遵循一些规则
1.连接的点数不能少于4个。也就是说只连接两个点或者三个点会提示错误。
2.两个点之间的连线不能弯曲。
3.每个点只能"使用"一次,不可重复。这里的"使用"是指手指划过一个点,该点变绿。
4.两个点之间的连线不能"跨过"另一个点,除非那个点之前已经被"使用"过了。
对于最后一条规则,参见下图的解释。左边两幅图违反了该规则:而右边两幅图(分别为2→4→1→3→6和→5→4→1→9→2)
则没有违反规则,因为在"跨过"点时,点已经被"使用"过了。
现在工程师希望改进解锁屏幕,增减点的数目,并移动点的位置,不再是一个九宫格形状,但保持上述画线的规则不变。
请计算新的解锁屏幕上,一共有多少满足规则的画线方案。
Input
输入文件第一行,为一个整数n,表示点的数目。
接下来n行,每行两个空格分开的整数xi和yi,表示每个点的坐标。
-1000≤xi,Yi≤l000,1≤n<20。各点坐标不相同
Output
输出文件共一行,为题目所求方案数除以100000007的余数。
Sample Input
4
0 0
1 1
2 2
3 3
0 0
1 1
2 2
3 3
Sample Output
8
解释:设4个点编号为1到4,方案有1→2→3→4,2→1→3→4,3→2→1→4,2→3→1→4,
及其镜像4→3→2→1,3→4→2→1,2→3→4→1,3→2→4→1.
解释:设4个点编号为1到4,方案有1→2→3→4,2→1→3→4,3→2→1→4,2→3→1→4,
及其镜像4→3→2→1,3→4→2→1,2→3→4→1,3→2→4→1.
一道挺简单的状压DP……
不知道CQ省选为什么会出状压板子题
先预处理出连接两点会经过哪些点
然后f[i][S]表示以i结尾,当前已经选中的点状态为S
从小到大枚举S进行转移
理论复杂度n^2*2^n,然而肯定跑不满就是了。
不知道CQ省选为什么会出状压板子题
先预处理出连接两点会经过哪些点
然后f[i][S]表示以i结尾,当前已经选中的点状态为S
从小到大枚举S进行转移
理论复杂度n^2*2^n,然而肯定跑不满就是了。
还有把1e-16写成-1e16这么丢人的事我才不会说╭(╯^╰)╮
1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 #include<cstdio> 4 #include<cmath> 5 #define N (600000) 6 using namespace std; 7 int n,x[N],y[N],f[21][N],line[21][21],ans,num[N]; 8 9 double K(double x1,double y1,double x2,double y2) 10 { 11 if (x1==x2) return 10001; 12 if (y1==y2) return 0; 13 return (y2-y1)/(x2-x1); 14 } 15 16 int main() 17 { 18 scanf("%d",&n); 19 for (int i=1; i<=n; ++i) 20 scanf("%d%d",&x[i],&y[i]); 21 22 for (int i=1; i<=n-1; ++i) 23 for (int j=i+1; j<=n; ++j) 24 { 25 line[i][j]=line[j][i]=(1<<i-1)|(1<<j-1); 26 for (int k=1; k<=n; ++k) 27 { 28 if (abs(K(x[k],y[k],x[i],y[i])-K(x[j],y[j],x[i],y[i]))>1e-16) continue; 29 if (!( x[k]>=min(x[i],x[j]) && x[k]<=max(x[i],x[j]) )) continue; 30 if (!( y[k]>=min(y[i],y[j]) && y[k]<=max(y[i],y[j]) )) continue; 31 line[i][j]|=(1<<k-1), line[j][i]=line[i][j]; 32 } 33 } 34 35 for (int i=1; i<=n; ++i) 36 f[i][1<<i-1]=1; 37 for (int i=1; i<=(1<<n)-1; ++i) 38 for (int j=1; j<=n; ++j) 39 if (i&(1<<j-1)) 40 for (int k=1; k<=n; ++k) 41 if (!(i&(1<<k-1)) && (((i|line[j][k])^(1<<k-1)))==i) 42 (f[k][i|(1<<k-1)]+=f[j][i])%=100000007; 43 44 for (int i=1; i<=(1<<n)-1; ++i) 45 { 46 int x=i,cnt=0; 47 for (int j=1; j<=n; ++j){if (x&1) cnt++; x>>=1;} 48 if (cnt<4) continue; 49 for (int j=1; j<=n; ++j) 50 (ans+=f[j][i])%=100000007; 51 } 52 printf("%d",ans); 53 }
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