设计和实现一个 LRU(最近最少使用)缓存 数据结构,使它应该支持以下操作: get 和 put 。
get(key) - 如果密钥存在于缓存中,则获取密钥的值(总是正数),否则返回 -1。
put(key, value) - 如果密钥不存在,请设置或插入值。当缓存达到其容量时,它应该在插入新项目之前使最近最少使用的项目作废。
后续:
你是否可以在 O(1) 时间复杂度中进行两种操作?
案例:
LRUCache cache = new LRUCache( 2 /* 容量 */ );
cache.put(1, 1);
cache.put(2, 2);
cache.get(1); // 返回 1
cache.put(3, 3); // 该操作,会将 key 2 作废
cache.get(2); // 返回 -1 (结果不存在)
cache.put(4, 4); // 该操作,会将 key 1 作废
cache.get(1); // 返回 -1 (结果不存在)
cache.get(3); // 返回 3
cache.get(4); // 返回 4
详见:https://leetcode.com/problems/lru-cache/description/
class LRUCache { public: LRUCache(int capacity) { cap=capacity; } int get(int key) { auto it=m.find(key); if(it==m.end()) { return -1; } l.splice(l.begin(),l,it->second); return it->second->second; } void put(int key, int value) { auto it=m.find(key); if(it!=m.end()) { l.erase(it->second); } l.push_front(make_pair(key,value)); m[key]=l.begin(); if(l.size()>cap) { auto k=l.rbegin()->first; l.pop_back(); m.erase(k); } } private: int cap; list<pair<int,int>> l; unordered_map<int,list<pair<int,int>>::iterator> m; }; /** * Your LRUCache object will be instantiated and called as such: * LRUCache obj = new LRUCache(capacity); * int param_1 = obj.get(key); * obj.put(key,value); */