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Description
L公司有N个工厂，由高到底分布在一座山上。如图所示，工厂1在山顶，工厂N在山脚。由于这座山处于高原内
陆地区（干燥少雨），L公司一般把产品直接堆放在露天，以节省费用。突然有一天，L公司的总裁L先生接到气象
部门的电话，被告知三天之后将有一场暴雨，于是L先生决定紧急在某些工厂建立一些仓库以免产品被淋坏。由于
地形的不同，在不同工厂建立仓库的费用可能是不同的。第i个工厂目前已有成品Pi件，在第i个工厂位置建立仓库
的费用是Ci。对于没有建立仓库的工厂，其产品应被运往其他的仓库进行储藏，而由于L公司产品的对外销售处设
置在山脚的工厂N，故产品只能往山下运（即只能运往编号更大的工厂的仓库），当然运送产品也是需要费用的，
假设一件产品运送1个单位距离的费用是1。假设建立的仓库容量都都是足够大的，可以容下所有的产品。你将得到
以下数据：1：工厂i距离工厂1的距离Xi（其中X1=0）;2：工厂i目前已有成品数量Pi;:3：在工厂i建立仓库的费用
Ci;请你帮助L公司寻找一个仓库建设的方案，使得总的费用（建造费用+运输费用）最小。
Input
第一行包含一个整数N，表示工厂的个数。接下来N行每行包含两个整数Xi, Pi, Ci, 意义如题中所述。
Output
仅包含一个整数，为可以找到最优方案的费用。
Sample Input
0 5 10
5 3 100
9 6 10
Sample Output
HINT
在工厂1和工厂3建立仓库，建立费用为10+10=20，运输费用为(9-5)*3 = 12，总费用32。如果仅在工厂3建立仓库，建立费用为10，运输费用为(9-0)*5+(9-5)*3=57，总费用67，不如前者优。
【数据规模】
对于100%的数据， N ≤1000000。 所有的Xi, Pi, Ci均在32位带符号整数以内，保证中间计算结果不超过64位带符号整数。
Source
感觉自己拿到题目还是太想当然了，连题目都没读完就开始xjb列方程，，
首先题目中有一条比较重要的性质
- ‘产品只能往山下运
因此第$N$个工厂一定有仓库
这样的话DP方程就比较好列了，$f[i]$表示在第$i$个位置安装了仓库且前$i$个工厂都已经安置好的最优方案
设$dis[i]$表示$i$号节点到山顶的距离，$num[i]$为第$i$个工厂储存物品的数量，$spend[i]$为在第$i$个工厂建造仓库的花费
我们不难列出方程
那么$f[i]=min(f[i],\sum_{j=1}^{i-1} f[j]+Build(j,i))$
其中$Build(l,r)$为在第$r$个位置建仓库，前一个仓库在$l$的费用，
我们需要求的值为$\sum_{i=l+1}^{r-1}((dis[r]-dis[i])*num[i])+spend[r]$
但是这个并不好维护，因此我们把它拆开维护
设$g(x)=\sum_{i=1}^{x} -dis[i]*num[i]$
$sum(x)=\sum_{i=1}^{x} num[i]$
根据前缀和
$$Build(l,r)=dis[r]*(sum[r-1]-sum[l])+g[r-1]-g[l]+spend[r]$$
这样的话就有20分了
考虑继续优化，把上面的式子暴力推推推，再把只包含$i$的删去，不难得到
$f[i]+dis[i]*num[j]=f[j]-g[j]$
把$dis[i]$看成$k$
把$num[i]$看成$x$
把$f[i]$看成$b$
把$f[j]-g[j]$看成$y$
然后就能斜率优化了。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<bitset> #include<cmath> #include<algorithm> #define int long long //#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<23,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++) char buf[1<<23],*p1=buf,*p2=buf; using namespace std; const int MAXN=1e6+10; inline int read() { char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1;c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘;c=getchar();} return x*f; } int N; int dis[MAXN],num[MAXN],spend[MAXN]; int sum[MAXN],g[MAXN];//g[i]=∑dis[i]*num[i] int f[MAXN]; int Q[MAXN]; int Build(int l,int r) { return dis[r]*(sum[r-1]-sum[l])+g[r-1]-g[l]+spend[r]; } double X(int x){return sum[x];} double Y(int x){return f[x]-g[x];} double slope(int x,int y){return ( Y(y)-Y(x) ) / ( X(y) -X(x) );} main() { #ifdef WIN32 freopen("a.in","r",stdin); //freopen("b.out","w",stdout); #endif N=read(); for(int i=1;i<=N;i++) dis[i]=read(),num[i]=read(),spend[i]=read(), g[i]=-dis[i]*num[i],g[i]+=g[i-1], sum[i]=num[i],sum[i]+=sum[i-1]; for(int i=1;i<=N;i++) f[i]=Build(0,i); int h=1,t=1; for(int i=1;i<=N;i++) { while(h<t&&slope(Q[h],Q[h+1])<dis[i]) h++; int j=Q[h]; f[i]=min(f[i],f[j]+Build(j,i)); while(h<t&&slope(Q[t-1],Q[t])>slope(Q[t-1],i)) t--; Q[++t]=i; } printf("%lld",f[N]); return 0; }