问题描述
学霸抢走了大家的作业,班长为了帮同学们找回作业,决定去找学霸决斗。但学霸为了不要别人打扰,住在一个城堡里,城堡外面是一个二维的格子迷宫,要进城堡必须得先通过迷宫。因为班长还有妹子要陪,磨刀不误砍柴功,他为了节约时间,从线人那里搞到了迷宫的地图,准备提前计算最短的路线。可是他现在正向妹子解释这件事情,于是就委托你帮他找一条最短的路线。
输入格式
第一行两个整数n, m,为迷宫的长宽。
接下来n行,每行m个数,数之间没有间隔,为0或1中的一个。0表示这个格子可以通过,1表示不可以。假设你现在已经在迷宫坐标(1,1)的地方,即左上角,迷宫的出口在(n,m)。每次移动时只能向上下左右4个方向移动到另外一个可以通过的格子里,每次移动算一步。数据保证(1,1),(n,m)可以通过。
接下来n行,每行m个数,数之间没有间隔,为0或1中的一个。0表示这个格子可以通过,1表示不可以。假设你现在已经在迷宫坐标(1,1)的地方,即左上角,迷宫的出口在(n,m)。每次移动时只能向上下左右4个方向移动到另外一个可以通过的格子里,每次移动算一步。数据保证(1,1),(n,m)可以通过。
输出格式
第一行一个数为需要的最少步数K。
第二行K个字符,每个字符∈{U,D,L,R},分别表示上下左右。如果有多条长度相同的最短路径,选择在此表示方法下字典序最小的一个。
第二行K个字符,每个字符∈{U,D,L,R},分别表示上下左右。如果有多条长度相同的最短路径,选择在此表示方法下字典序最小的一个。
样例输入
Input Sample 1:
3 3
001
100
110
Input Sample 2:
3 3
000
000
000
3 3
001
100
110
Input Sample 2:
3 3
000
000
000
样例输出
Output Sample 1:
4
RDRD
Output Sample 2:
4
DDRR
4
RDRD
Output Sample 2:
4
DDRR
数据规模和约定
有20%的数据满足:1<=n,m<=10
有50%的数据满足:1<=n,m<=50
有100%的数据满足:1<=n,m<=500。
有50%的数据满足:1<=n,m<=50
有100%的数据满足:1<=n,m<=500。
#include<iostream> #include<queue> #include<stack> #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; #define MAX 500 + 5 //#define LOCAL typedef pair<int, int> P; int n, m; char a[MAX][MAX]; int d[MAX][MAX]; struct father{ int x; int y; char c; }f[MAX][MAX]; stack <char> fa; int dx[4] = {1, 0, 0, -1}, dy[4] = {0, -1, 1, 0}; //考虑字典序输出问题 int bfs() { queue<P> que; //将起点加入队列,并将这一点的位置设置为0 que.push(P(1, 1)); d[1][1] = 0; //不断循环直到队列为0 while(que.size()) { //从队列前端取出元素 P p = que.front(); que.pop(); //如果取出的是终点,搜索结束 if(p.first == n && p.second == m) break; //四个方向的循环 for(int i = 0; i < 4; i++) { //移动之后的位置标记为 nx, ny int nx = p.first + dx[i], ny = p.second + dy[i]; //判断是否可以访问以及是否访问过 if(1 <= nx && nx <= n && 1 <= ny && ny <= m && a[nx][ny] == ‘0‘ && d[nx][ny] == -1) { que.push(P(nx, ny)); d[nx][ny] = d[p.first][p.second] + 1; f[nx][ny].x = p.first; f[nx][ny].y = p.second; switch (i) { case 0: f[nx][ny].c = ‘D‘;break; case 1: f[nx][ny].c = ‘L‘;break; case 2: f[nx][ny].c = ‘R‘;break; case 3: f[nx][ny].c = ‘U‘;break; } } } } return d[n][m]; } int main() { #ifdef LOCAL freopen("adv_147.txt", "r", stdin); #endif memset(d, -1, sizeof(d)); //char temp; cin >> n >> m; //输入数据 for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i] + 1; int res = bfs(); cout << res << endl;
由于每个fa元素仅记录其父节点位置,所以考虑用栈来实现输出路线,其实用递归也可以。 int f_x, f_y; father temp = f[n][m]; for(int j = res; j > 0; j--) { fa.push(temp.c); f_x = temp.x; f_y = temp.y; temp = f[f_x][f_y]; } for(int k = 0; k < res; k++) { cout << fa.top(); fa.pop(); } cout << endl; return 0; }
注意点: 注意到如果有多条长度相同的最短路径,选择在此表示方法下字典序最小的一个。所以技巧是在准备遍历顺序是就考虑字典序(D, L, R, U),因为BFS的特性是对已扫描过的点不会进行二次扫描。