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题目描述
LYK 最近在准备 NOIP2017 的初赛,它最不擅长的就是看程序写结果了,因此它拼命地
在练习。
这次它拿到这样的一个程序:
Pascal:
readln(n);
for i:=1 to n do read(a[i]);
for i:=1 to n do for j:=1 to n do for k:=1 to n do for l:=1 to n do
if (a[i]=a[j]) and (a[i]<a[k]) and (a[k]=a[l]) then ans:=(ans+1) mod 1000000007;
writeln(ans);
C++:
scanf(“%d”,&n);
for (i=1; i<=n; i++) scanf(“%d”,&a[i]);
for (i=1; i<=n; i++)
for (j=1; j<=n; j++)
for (k=1; k<=n; k++)
for (l=1; l<=n; l++)
if (a[i]==a[j] && a[i]<a[k] && a[k]==a[l])
ans=(ans+1)%1000000007;
printf(“%d\n”,ans);
LYK 知道了所有输入数据,它想知道这个程序运行下来会输出多少。
输入格式(program.in)
第一行一个数 n,第二行 n 个数,表示 ai。
输出格式(program.out)
一个数表示答案。
输入样例
4
1 1 3 3
输出样例
16
数据范围
对于 20%的数据 n<=50。
对于 40%的数据 n<=200。
对于 60%的数据 n<=2000。
对于 100%的数据 n<=100000, 1<=ai<=1000000000。
其中均匀分布着 50%的数据不同的 ai 个数<=10,对于另外 50%的数据不同的 ai 个
数>=n/10。
暴力:40
正解:
好吧我们看一下就会发现找到的四个数是满足“x x y y”这个形式的,而且x<y,
我们把读入的a数组从小到大的排序,那所有相同的数字就会挨在一起了,
这样我们会得到很多段数字,这些段也是从小到大的,因为他一个数字可以用多次,
那每一个段中的数字的的组合方式就是len^2,然后把每一个段的组合数互相乘然后加和,
但是考虑一下复杂度,如果直接相乘再相加的话会超时,那么用前缀和维护一下,
搜索到一段数字的时候只需要和这段数字后面的相乘(因为后面的才大于这段数字),
另外数据范围注意一下,会炸的哦(#^.^#)
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cmath> 4 #include<algorithm> 5 #define mod 1000000007 6 #define ll long long 7 using namespace std; 8 inline ll read() 9 { 10 ll x=0,w=1;char ch=getchar(); 11 while(!isdigit(ch)){if(ch==‘-‘) w=-1;ch=getchar();} 12 while(isdigit(ch)) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-‘0‘,ch=getchar(); 13 return x*w; 14 } 15 const ll N=100010; 16 ll n,cnt,b[N],ans,a[N]; 17 int main() 18 { 19 freopen("program.in","r",stdin); 20 freopen("program.out","w",stdout); 21 n=read(); 22 for(ll i=1;i<=n;++i) a[i]=read(); 23 sort(a+1,a+n+1); 24 a[1]=a[1];b[1]=1;cnt=1; 25 for(ll i=2;i<=n;++i) 26 { 27 if(a[i]!=a[i-1]) a[++cnt]=a[i],b[cnt]=1; 28 else b[cnt]++; 29 } 30 for(ll i=1;i<=cnt;++i) b[i]=(b[i]*b[i])%mod; 31 for(ll i=1;i<=cnt;++i) b[i]=(b[i]+b[i-1])%mod; 32 for(ll i=1;i<=cnt;++i) 33 { 34 ll tmp=b[cnt]-b[i]; 35 ans=(ans+tmp%mod*(b[i]-b[i-1])%mod)%mod; 36 } 37 printf("%lld",(ans+mod)%mod); 38 return 0; 39 }
人生是坎坷旅途,唯有一路坚定前行。