51nod1693 水群 最短路

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若A=K*B,若仅通过操作二:将B变换为A需要K步,

由算数基本定理可知:k=p1*p2*……pn(p为素数,且可能重复)

那么:将B转化为p1*B需要p1步,将p1*B转化为p1*p2*B需要p2步,以此类推,将B转化为A需要(p1+p2+....pn)步

因为(p1*p2*p3...*pn) < (p1+p2+p3+...pn)故而若仅通过操作二将B转化为A至少需要(p1+p2+p3...+pn)步

因存在删除操作,我们将问题转化为图论:点i和点k*i之间存在单向边,点i和点i-1之间存在单项边。起始点为1,终点为n,求1到n的最短路。

我们知道:若仅通过操作二将1转化为较大的素数A,需要A步。但若通过操作三,我们可以先将1转化为(A+m),再通过(A+m)-A步操作,得到A。

例如:A=17,18=2*3*3,将1转化为18需要8步,再将18转化为17需要1步,共需要9步,远小于17。

因而我们可推断:较大的素数,可以通过操作三由较小的素数推出。

实际上,我们需要的素数仅为(2,3,5,7)

接下来,通过最短路算法,求解

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#include<stdio.h>
#include<math.h>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define MAXSIZE 1000005
#define INF 999999999
#define LL long long
using namespace std;

int dist[MAXSIZE],p[5]={2,3,5,7};

void spfa()
{
    queue<int> Q;
    Q.push(1);
    for(int i=0;i<MAXSIZE;i++)
        dist[i] = INF;
    dist[1] = 0;
    while(!Q.empty())
    {
        int now = Q.front();
        Q.pop();
        for(int i=0;i<4;i++)
        {
            if(p[i]*now<MAXSIZE && dist[now*p[i]]>dist[now]+p[i])
            {
                dist[now*p[i]] = dist[now]+p[i];
                Q.push(now*p[i]);
            }

            if(now>1 && dist[now-1]>dist[now]+1)
            {
                dist[now-1] = dist[now]+1;
                Q.push(now-1);
            }
        }
    }
}

int main()
{
    int n;
    scanf("%d",&n);
    spfa();
    int ans = dist[n];
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}
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