整数划分类型题目--专练
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了整数划分类型题目--专练相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
1.NOI 8787:数的划分(将n划分成k个数的划分法)
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- 描述
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将整数n分成k份,且每份不能为空,任意两份不能相同(不考虑顺序)。
例如:n=7,k=3,下面三种分法被认为是相同的。
1,1,5; 1,5,1; 5,1,1;
问有多少种不同的分法。 输出:一个整数,即不同的分法。
- 输入
- 两个整数n,k (6 < n <= 200,2 <= k <= 6),中间用单个空格隔开。
- 输出
- 一个整数,即不同的分法。
- 样例输入
-
7 3
- 样例输出
-
4
- 提示
- 四种分法为:1,1,5;1,2,4;1,3,3;2,2,3。
- 来源
- NOIP2001复赛 提高组 第二题
#include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> long long int f[201][10]; int n,k; int main() { scanf("%d%d",&n,&k); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=i&&j<=k;++j) { if(j==1) f[i][j]=1; else f[i][j]=f[i-1][j-1]+f[i-j][j]; } cout<<f[n][k]<<endl; return 0; }
2. NOI7215:简单的整数划分问题(将n划分成若干个数的划分法)
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- 描述
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将正整数n 表示成一系列正整数之和,n=n1+n2+…+nk, 其中n1>=n2>=…>=nk>=1 ,k>=1 。
正整数n 的这种表示称为正整数n 的划分。正整数n 的不同的划分个数称为正整数n 的划分数。 - 输入
- 标准的输入包含若干组测试数据。每组测试数据是一个整数N(0 < N <= 50)。
- 输出
- 对于每组测试数据,输出N的划分数。
- 样例输入
-
5
- 样例输出
-
7
- 提示
- 5, 4+1, 3+2, 3+1+1, 2+2+1, 2+1+1+1, 1+1+1+1+1
#include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> #define N 51 #include<cstring> int f[N][N]; /*f[N][N]说明把N分为1--N份的划分的划分数目*/ int main() { int n; while(cin>>n)/*注意c++中while后面加;,不会报错,但是运行时不循环*/ { memset(f,0,sizeof(f)); for(int k=1;k<=n;++k) for(int i=1;i<=n;++i)/*DP方程说明*/ { if(k==1||i==1) f[i][k]=1;/*把任何数分为1分或者把1分为k份都是1*/ if(i==k) f[i][k]=f[i][k-1]+1;/*当i==k的时候,(a). 划分中包含n的情况,只有一个即 { n }; (b). 划分中不包含n的情况,这时划分中最大的数字也一定比 n 小,即 n 的所有 ( n - 1 ) 划分。*/ if(i<k) f[i][k]=f[i][i];/*当i<k时,只能把i分为最多i份,所以是f[i][i].*/ if(i>k) f[i][k]=f[i-k][k]+f[i][k-1];/*当i>k的时候,把i份分为k份包括:包含最大数k,就是i-k时剩下的数(其中也可能包含k),所以是f[i-k][k],二:不包含k,那就是f[i][k-1]*/ } printf("%d\\n",f[n][n]); } return 0; }
3.有划分次数和没有划分次数的对比
1.没有划分次数 if(k==1||i==1) f[i][k]=1;/*把任何数分为1分或者把1分为k份都是1*/ if(i==k) f[i][k]=f[i][k-1]+1;/*当i==k的时候,(a). 划分中包含n的情况,只有一个即 { n }; (b). 划分中不包含n的情况,这时划分中最大的数字也一定比 n 小,即 n 的所有 ( n - 1 ) 划分。*/ if(i<k) f[i][k]=f[i][i];/*当i<k时,只能把i分为最多i份,所以是f[i][i].*/ if(i>k) f[i][k]=f[i-k][k]+f[i][k-1];/*当i>k的时候,把i份分为k份包括:包含最大数k,就是i-k时剩下的数(其中也可能包含k),所以是f[i-k][k],二:不包含k,那就是f[i][k-1]*/ 2.有划分次数 if(j==1) f[i][j]=1; else f[i][j]=f[i-1][j-1]+f[i-j][j]; 没有划分次数的限制,主要处理好k>i,i==k的情况,还有就是 f[i][k]代表的不再是划分k次而是划分1--k次
4.将n划分成不大于m的划分法:
1).若是划分多个整数可以存在相同的:
#include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> #define N 51 int f[N][N]; /*f[i][j]含义:把i在不超过j的情况下的划分数*/ int main() { int n,m; scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=0;i<=N;++i) { f[0][i]=0;f[i][0]=0; } for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) { if(i==j) f[i][j]=f[i][j-1]+1;/*i==j的划分:1.把i分为超过j-1的划分数,2.把i看做一份,也就是j,所以f[0][1--m]应该是1,也就是处理一份的情况*/ else if(i>j) f[i][j]=f[i][j-1]+f[i-j][j]; else f[i][j]=f[i][i];/*当j>i的时候对于f[i][..]的划分无影响,所以不计*/ } printf("%d\\n",f[n][m]); return 0; }
2).若是划分多个不同的整数:
#include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> #define N 51 int f[N][N]; /*f[i][j]含义:把i在不超过j的情况下的划分数*/ int main() { int n,m; scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=0;i<=N;++i) { f[0][i]=0;f[i][0]=0; } for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=m;++j) { if(i==j) f[i][j]=f[i][j-1]+1;/*i==j的划分:1.把i分为超过j-1的划分数,2.把i看做一份,也就是j,所以f[0][1--m]应该是1,也就是处理一份的情况*/ else if(i>j) f[i][j]=f[i][j-1]+f[i-j][j-1]; else f[i][j]=f[i][i];/*当j>i的时候对于f[i][..]的划分无影响,所以不计*/ } printf("%d\\n",f[n][m]); return 0; }
3).总结:
.将n划分成不大于m的划分法的做法:
1.初始化,f[i][0]=f[0][j]=0;
2.转移方程if i==j的时候,f[i][j]=f[i][j-1]+1
if i>j f[i][j]=f[i][j-1]+f[i-j][j](可重复的) if i>j f[i][j]=f[i][j-1]+f[i-j][j-1](不可重复的)
if i<f f[i][j]=f[i][i];
5.将正整数划分成连续的正整数之和
/*分析:只要能够组成连续的整数和,那么假设从x开始,一共有i个数,那么总和为(i*x+i*(i-1)/2)==n,就是方案,确定i的范围,i的范围是(i-1)*i/2小于n, 只要判断n-(i-1)*i/2==t,只要判断t%i==0就可以了(t%i是x,x是整数,那么就是方案),然后输出包括x在内的i个数就可以了*/ #include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> int n; int main() { scanf("%d",&n); int sum=0; for(int i=1;i*(i-1)/2<n;++i) { int t=n-(i-1)*i/2; if(t%i==0) { t/=i; sum++; printf("%d ",t); for(int j=1;j<=i-1;++j) printf("%d ",t+j); printf("\\n"); } } printf("%d\\n",sum); return 0; }
6.求划分因子乘积最大的一个划分及此乘积(划分出来的数可以重复)
/*当n>4的时候, 2^k1 * 3^k2会有最大值,证明我的文章 :此数应该分解为 2^k1 * 3^k2。而且可以证明 k1>=0 并且 k1 <= 2,因此: A.当n = 3*r 时, 分解为 3^r B.当n = 3*r+1时, 分解为 3^(r-1)*2*2 C.当n = 3*r+2时, 分解为 3^r*2 当n<=4,就是他自身,特别判断,直接输出即可 */ #include<iostream> using namespace std; #include<cstdio> int n; #include<cmath> int sum=1; int main() { scanf("%d",&n); if(n<=4) { printf("%d\\n",n); return 0; } if(n%3==0) { int t=n/3; int x=pow(3,t); printf("%d\\n",x); } if(n%3==1) { int t=n/3-1; int x=pow(3,t); printf("%d\\n",4*x); }if(n%3==2) { int t=n/3; int x=pow(3,t); printf("%d\\n",2*x); } return 0; }
7.求划分因子乘积最大的一个划分及此乘积(划分出来的数不可以重复)
把1993分拆成若干个互不相等的自然数的和,且使这些自然数的乘积最大,该乘积是多少?
解:由于把1993分拆成若干个互不相等的自然数的和的分法只有有限种,因而一定存在一种分法,使得这些自然数的乘积最大。
若1作因数,则显然乘积不会最大。把1993分拆成若干个互不相等的自然数的和,因数个数越多,乘积越大。为了使因数个数尽可能地多,我们把1993分成2+3…+n直到和大于等于1993。
若和比1993大1,则因数个数至少减少1个,为了使乘积最大,应去掉最小的2,并将最后一个数(最大)加上1。
若和比1993大k(k≠1),则去掉等于k的那个数,便可使乘积最大。
所以n=63。因为2015-1993=22,所以应去掉22,把1993分成(2+3+…+21)+(23+24+…+63)
这一形式时,这些数的乘积最大,其积为 2×3×…×21×23×24×…×63。
/*。分析:为了使因数个数尽可能地多,我们把x分成2+3…+n直到和大于等于x。 若和比x大1,则因数个数至少减少1个,为了使乘积最大,应去掉最小的2,并将最后一个数(最大)加上1。 若和比x大k(k≠1),则去掉等于k的那个数,便可使乘积最大。*/ #include<iostream> #define N 10001 #include<cstdio> int f[N]; long long int sum; int main() { int n; scanf("%d",&n); sum=0; int t=2; for(int i=1;i<=n;++i) f[i]=i; if(n>=2) { while(sum<n) { sum+=f[t]; ++t; } t--; int k=sum-n; if(k==1) { f[2]=0; f[t]++; } else { f[k]=0; } sum=1; for(int i=1;i<=t;++i) if(f[i]) sum*=f[i]; printf("%d\\n",sum); } else { if(n==1) printf("1\\n"); else printf("0\\n"); } return 0; }
以上是关于整数划分类型题目--专练的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章