P1292 倒酒
题目描述
Winy是一家酒吧的老板,他的酒吧提供两种体积的啤酒,a ml和b ml,分别使用容积为a ml和b ml的酒杯来装载。
酒吧的生意并不好。Winy发现酒鬼们都非常穷。有时,他们会因为负担不起aml或者bml啤酒的消费,而不得不离去。因此,Winy决定出售第三种体积的啤酒(较小体积的啤酒)。
Winy只有两种杯子,容积分别为a ml和b ml,而且啤酒杯是没有刻度的。他只能通过两种杯子和酒桶间的互相倾倒来得到新的体积的酒。
为了简化倒酒的步骤,Winy规定:
(1)a≥b;
(2)酒桶容积无限大,酒桶中酒的体积也是无限大(但远小于桶的容积);
(3)只包含三种可能的倒酒操作:
①将酒桶中的酒倒入容积为b ml的酒杯中;
②将容积为a ml的酒杯中的酒倒入酒桶;
③将容积为b ml的酒杯中的酒倒入容积为a ml的酒杯中。
(4)每次倒酒必须把杯子倒满或把被倾倒的杯子倒空。
Winy希望通过若干次倾倒得到容积为a ml酒杯中剩下的酒的体积尽可能小,他请求你帮助他设计倾倒的方案
输入输出格式
输入格式:
两个整数a和b(0<b≤a≤10^9)
输出格式:
第一行一个整数c,表示可以得到的酒的最小体积。
第二行两个整数Pa和Pb(中间用一个空格分隔),分别表示从体积为a ml的酒杯中倒出酒的次数和将酒倒入体积为b ml的酒杯中的次数。
若有多种可能的Pa、Pb满足要求,那么请输出Pa最小的一个。若在Pa最小的情况下,有多个Pb满足要求,请输出Pb最小的一个。
输入输出样例
说明
样例解释:倾倒的方案为:
1、桶->B杯;2、B杯->A杯;
3、桶->B杯;4、B杯->A杯;
5、A杯->桶; 6、B杯->A杯;
我们可以发现这两个酒杯可以倒出的酒的最小的体积值为gcd(a,b)
可以得出:a*x+b*y=gcd(a,b)
由于题目中说我们求出来的x,y必须是最小解,我们用exgcd求出的值确不是最小解,那么我们就可以
while(x<0||y<0)
{
x+=b/gcd*(x<0);
y-=a/gcd*(x>=0);
}
来处理出最小值
#include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int a,b,x,y,gcd; int read() { int x=0,f=1; char ch=getchar(); while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();} while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar(); return x*f; } int ex_gcd(int a,int b,int &x,int &y) { if(b==0) { x=1,y=0; return a; } int r=ex_gcd(b,a%b,x,y),tmp; tmp=x,x=y,y=tmp-a/b*y; return r; } int main() { a=read(),b=read(); gcd=ex_gcd(a,b,x,y); printf("%d\n",gcd); x*=-1; a*=-1; while(x<0||y<0) { x+=b/gcd*(x<0); y-=a/gcd*(x>=0); } printf("%d %d",x,y); return 0; }