题目大意：有n个点，每次在l~r之间所有点各加上同一种地雷，或询问某一区间内地雷种数。
解题思路：首先注意是“加上”而不是“覆盖”。
然后我们用两棵线段树（树状数组），一棵维护某一区间内左端点个数，另一棵维护右端点个数。
由于每次只加上一个端点，故为单点修改。
那么如何查询呢？
如果1~r内有a个左端点，则说明最多有a种地雷，如果1~l-1内有b个右端点，则说明a种地雷中，有b种的右端点没有达到l（否则一定在l-1之后）。
那么查询出a和b，然后输出a-b即可。
很明显是区间修改。
时间复杂度$O(m\log_2 n)$。
C++ Code：
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstring>
#define N 100005
int n,m,R,ans,d1[N<<2],d2[N<<2];
inline int readint(){
char c=getchar();
for(;!isdigit(c);c=getchar());
int d=0;
for(;isdigit(c);c=getchar())
d=(d<<3)+(d<<1)+(c^‘0‘);
return d;
}
void add1(int l,int r,int o){
++d1[o];
if(l!=r){
int mid=l+r>>1;
if(R<=mid)add1(l,mid,o<<1);
if(mid<R)add1(mid+1,r,o<<1|1);
}
}
void add2(int l,int r,int o){
++d2[o];
if(l!=r){
int mid=l+r>>1;
if(R<=mid)add2(l,mid,o<<1);
if(mid<R)add2(mid+1,r,o<<1|1);
}
}
void query1(int l,int r,int o){
if(r<=R)ans+=d1[o];else{
int mid=l+r>>1;
query1(l,mid,o<<1);
if(mid<R)query1(mid+1,r,o<<1|1);
}
}
void query2(int l,int r,int o){
if(r<=R)ans+=d2[o];else{
int mid=l+r>>1;
query2(l,mid,o<<1);
if(mid<R)query2(mid+1,r,o<<1|1);
}
}
int main(){
n=readint(),m=readint();
memset(d1,0,sizeof d1);
memset(d2,0,sizeof d2);
while(m--){
int opt=readint(),l=readint(),r=readint();
if(opt==1){
R=l;
add1(1,n,1);
R=r;
add2(1,n,1);
}else{
int Ans=0;
ans=0;
R=r;
query1(1,n,1);
Ans+=ans;
ans=0;
R=l-1;
if(R)
query2(1,n,1);
Ans-=ans;
printf("%d\n",Ans);
}
}
return 0;
}