bzoj 5055: 膜法师——树桩数组

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了bzoj 5055: 膜法师——树桩数组相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

Description

在经历过1e9次大型战争后的宇宙中现在还剩下n个完美维度,
现在来自多元宇宙的膜法师,想偷取其中的三个维度为伟大的长者续秒,
显然,他能为长者所续的时间,为这三个维度上能量的乘积,
但目前的宇宙很不乐观,胡乱偷取可能造成维度的崩溃,
所以,他必须按逆序偷取这些维度,且在偷取中,
每次偷取的维度的能量必须严格小于他上次偷取的能量,
由于膜法师生活在多元宇宙,所以他可以让所有可能的偷取方案全部发生
题目描述
但他数学不好,所以找到了你帮他求出能为长者续几秒,
你要做的,就是在给定的维度序列a中,
求出所有满足i<j<k且ai<aj<ak的ai*aj*ak的和
即 ∑ (a_i*a_j*a_k),要求  i<j<k  且 a_i<a_j<a_k

Input

第一行1个数 n
第二行n个数 a_i

Output

一个数,表示能为长者续几秒,由于长者是不朽的,
所以能活很久,不妨将答案对**19260817**取模吧

Sample Input

样例1
4
1 2 3 4

样例二
10
6 8 4 1 3 0 7 5 9 2

Sample Output

样例输出1
50
样例输出2
1737
样例解释
对于样例 1
有满足条件的序列为
{1,2,3}——6
{1,2,4}——8
{1,3,4}——12
{2,3,4}——24
ans=6+8+12+24=50
数据范围
30%的数据n<=300
60%的数据n<=3000
100%的数据n<=300000
0<=a[i]<=2147483647
———————————————————————————
这道题我们可以先考虑二元组的答案
那么单独考虑一个i 以i为结尾的二组的答案的和就是v[i]*比v[i]小的x的v[x]和
那么在知道了二元组答案的情况下 我们很容易就可以求出答案辣
其实就是把二元组得到的答案作为权值扔进树状数组就可以了
技术分享
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
const int M=1e6+7,mod=19260817;
char buf[11*M],*ptr=buf-1;
int read(){
    int ans=0,f=1,c=*++ptr;
    while(c<0||c>9){if(c==-) f=-1; c=*++ptr;}
    while(c>=0&&c<=9){ans=ans*10+(c-0); c=*++ptr;}
    return ans*f;
}
int n,k,ly,ans;
int s1[M],s2[M],v[M],x[M];
#define lowbit(x) x&-x
void ins(int x,int v,int w[]){while(x<=n) w[x]=(w[x]+v)%mod,x+=lowbit(x);}
int query(int x,int w[]){int sum=0; while(x) sum=(sum+w[x])%mod,x-=lowbit(x); return sum;}
int main(){
    fread(buf,1,sizeof(buf),stdin);
    n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++) v[i]=read(),x[i]=v[i];
    std::sort(x+1,x+1+n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        k=std::lower_bound(x+1,x+1+n,v[i])-x;
        ly=query(k-1,s1); ins(k,v[i],s1);
        ans=(ans+1LL*v[i]*query(k-1,s2)%mod)%mod;
        ins(k,1LL*ly*v[i]%mod,s2);
    }printf("%d\n",ans);
    return 0;
}
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