POJ2823Sliding Window
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了POJ2823Sliding Window相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
http://poj.org/problem?id=2823
题意:你有一个长度n的序列,分别询问[1,k],[2,k+1],[3,k+2],...,[n-k+1,n]这n-k+1个区间的最大值和最小值。
单调队列入门题。用两个单调队列分别维护当前最大值和最小值的最优解、次优解、……K优解。
每次拓展一个数就不断将队尾的劣解出队,保持队列的单调性。然后不断将队首的过气解(即距离当前位置大于等于k)出队。之后队列的队首就是最优解了。
#include <iostream> #include <deque> #define maxn 1000005 using namespace std; int n, k, a[maxn]; deque<int> mx, mn; // 分别存最大值的最优解和最小值的最优解 int mxans[maxn], mnans[maxn]; int main() { ios::sync_with_stdio(false); cin >> n >> k; for (int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i]; for (int i = 1; i < k; i++) // 先处理前k-1个数 { // 将队尾的劣解出队 while (!mn.empty() && a[mn.back()] > a[i]) mn.pop_back(); mn.push_back(i); while (!mx.empty() && a[mx.back()] < a[i]) mx.pop_back(); mx.push_back(i); // 插入当前解 } for (int i = k; i <= n; i++) { // 将队尾的劣解出队 while (!mn.empty() && a[mn.back()] > a[i]) mn.pop_back(); mn.push_back(i); while (!mx.empty() && a[mx.back()] < a[i]) mx.pop_back(); mx.push_back(i); // 将队首的过气解出队 while (!mx.empty() && i - mx.front() >= k) mx.pop_front(); while (!mn.empty() && i - mn.front() >= k) mn.pop_front(); mxans[i] = mx.front(); mnans[i] = mn.front(); } for (int i = k; i <= n; i++) cout << a[mnans[i]] << ‘ ‘; cout << endl; for (int i = k; i <= n; i++) cout << a[mxans[i]] << ‘ ‘; cout << endl; return 0; }
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