Codeforces 949DShake It! 动态规划

Posted 2020-10-08 Asm.Definer

参考： http://blog.csdn.net/gjghfd/article/details/77824901

 

 

 

 

所求的是满足条件的图中“不同构”的数量，意味着操作的顺序是可以忽略的。考虑若干次操作后得到的一个“World” G，其中某次操作(s(G), t(G))生成的节点为w，则由s(G)到w和由w到t(G)的所有路径及途径点生成的两个子图分别符合“World”的定义。

 

这意味着我们可以将一个“World”分割成若干个子问题来求解。

 

不妨令F(N, M)表示经N次操作后得到的s(G)与t(G)之间最小割为M的所有不同构的G的数量。考虑N次操作中所有基于u=s(G), v=t(G)的操作生成的子“world”，如图所示：

 

则有$$N = \\sum_i (a_i + c_i + 1) \\\\ M = \\sum_i \\min\\{b, d\\} $$

由此可以按照a, b, c, d对这些成对的子世界分类，令$$g(i, j) = \\sum_{a+c+1=i \\land min\\{b, d\\} = j} F(a, b) * F(c, d) $$

这样我们就可以类比背包问题的求解过程，从小到大依次求出g(i, j)，并用g(i, j)更新F的答案。

考虑当前要将t组在g(i, j)中的“子世界对”放入背包，而F(x,y)是尚未考虑将g(i, j)作为子世界的情况的世界数量，那么状态转移的过程就相当于在g(i,j)中可重复地选取t个子世界对，使得总操作数变为x+t*i，总割集变为y+t*j。由于“同构”的定义不考虑操作的顺序，上述转移的方案数应为$\\binom{g(i, j) + t - 1}{t} $

即状态转移为$$F(x, y) \\cdot \\binom{g(i, j) + t - 1}{t} \\Longrightarrow F(x+t*i, y+t*j)$$

代码实现如下

 1 By Asm.Def, contest: Codeforces Round #431 (Div. 1), problem: (D) Shake It!, Accepted, #
 2 
 3 #include <bits/stdc++.h>
 4 using namespace std;
 5 const int maxn = 52, mod = 1000000007;
 6 typedef long long LL;
 7 int N, M, F[maxn][maxn], G[maxn][maxn], inv[maxn];
 8 
 9 void init()
10 {
11     scanf("%d%d", &N, &M);
12     inv[1] = 1;
13     for(int i = 2;i < maxn;++i)
14         inv[i] = LL(mod-mod/i) * inv[mod%i] % mod;
15 }
16 void work()
17 {
18     F[0][1] = 1;
19     for(int i = 1;i <= N;++i) for(int j = 1;j < maxn;++j)
20     {
21         for(int a = 0;a < i;++a)
22         {
23             G[i][j] = (G[i][j] + (LL) F[a][j] * F[i-1-a][j]) % mod;
24             for(int b = j+1;b <= i+1 && b < maxn;++b)
25             {
26                 G[i][j] = (G[i][j] + (LL) F[a][b] * F[i-1-a][j]) % mod;
27                 G[i][j] = (G[i][j] + (LL) F[a][j] * F[i-1-a][b]) % mod;
28             }
29         }
30         //get G[i][j]
31         for(int x = N-1;x >= 0;--x) for(int y = 1;y < maxn;++y) if(F[x][y])
32         {
33             int C = 1;
34             for(int t = 1;x+t*i <= N && y+t*j < maxn;++t)
35             {
36                 C = (LL) C * (G[i][j]-1+t) % mod * inv[t] % mod;
37                 F[x+t*i][y+t*j] = (F[x+t*i][y+t*j] + (LL) F[x][y] * C) % mod;
38             }
39         }
40     }
41     printf("%d\\n", F[N][M]);
42 }
43 int main()
44 {
45     init();
46     work();
47     return 0;
48 }

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