贪心算法

Posted 橘生淮南终洛枳

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了贪心算法相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

1.洛谷  P1650 赛马

2.codevs  2181 田忌赛马

 

题目描述

 

我国历史上有个著名的故事: 那是在2300年以前。齐国的大将军田忌喜欢赛马。他经常和齐王赛马。他和齐王都有三匹马:常规马,上级马,超级马。一共赛三局,每局的胜者可以从负者这里取得200银币。每匹马只能用一次。齐王的马好,同等级的马,齐王的总是比田忌的要好一点。于是每次和齐王赛马,田忌总会输600银币。

 

田忌很沮丧,直到他遇到了著名的军师――孙膑。田忌采用了孙膑的计策之后,三场比赛下来,轻松而优雅地赢了齐王200银币。这实在是个很简单的计策。由于齐王总是先出最好的马,再出次好的,所以田忌用常规马对齐王的超级马,用自己的超级马对齐王的上级马,用自己的上级马对齐王的常规马,以两胜一负的战绩赢得200银币。实在很简单。

 

如果不止三匹马怎么办?这个问题很显然可以转化成一个二分图最佳匹配的问题。把田忌的马放左边,把齐王的马放右边。田忌的马A和齐王的B之间,如果田忌的马胜,则连一条权为200的边;如果平局,则连一条权为0的边;如果输,则连一条权为-200的边……如果你不会求最佳匹配,用最小费用最大流也可以啊。 然而,赛马问题是一种特殊的二分图最佳匹配的问题,上面的算法过于先进了,简直是杀鸡用牛刀。现在,就请你设计一个简单的算法解决这个问题。

 

输入输出格式

输入格式:

 

第一行一个整数n,表示他们各有几匹马(两人拥有的马的数目相同)。第二行n个整数,每个整数都代表田忌的某匹马的速度值(0 <= 速度值<= 100)。第三行n个整数,描述齐王的马的速度值。两马相遇,根据速度值的大小就可以知道哪匹马会胜出。如果速度值相同,则和局,谁也不拿钱。

 

【数据规模】

 

对于20%的数据,1<=N<=65;

 

对于40%的数据,1<=N<=250;

 

对于100%的数据,1<=N<=2000。

输出格式:

 

仅一行,一个整数,表示田忌最大能得到多少银币。

 

输入输出样例

 

输入样例#1:
3
92 83 71
95 87 74
输出样例#1:
200
思路:贪心!!    
      分别将两个人的马按速度排序,比较过程分为三种,如果从前往后田忌的马的速度值是比齐王的快的,那么答案就+200,指针分别向后移,如果从后往前田忌马的速度是比齐王快的,答案也+200,指针向前移,如果田忌最快的马也比齐王最快的马慢,那么就让田忌最慢的马与齐王最快的马比,答案-200,指向田忌的马的指针后移,指向齐王的马的指针前移。
╭(╯3╰)╮ 代码:
 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<algorithm>
 4 using namespace std;
 5 
 6 int a[2333],b[2333],n,ans;
 7 
 8 int main() {
 9     cin>>n;
10     for(int i=1; i<=n; i++) cin>>a[i];
11     for(int i=1; i<=n; i++) cin>>b[i];
12     sort(a+1,a+n+1);
13     sort(b+1,b+n+1);
14     int tj_b=1,tj_e=n,qw_b=1,qw_e=n;
15     while(tj_b<=tj_e) {
16         if(a[tj_b]>b[qw_b]) {
17             ans+=200,tj_b++,qw_b++;
18         }
19         else
20         if(a[tj_e]>b[qw_e]) {
21             ans+=200,tj_e--,qw_e--;
22         }
23         else{
24              if(a[tj_b]<b[qw_e]) ans-=200;
25              tj_b++,qw_e--;
26         }
27     }
28     if(ans>0) cout<<ans;
29     else cout<<"0";
30     return 0;
31 }

3.洛谷  P1090 合并果子

4.Codevs 1063 合并果子

题目描述

在一个果园里,多多已经将所有的果子打了下来,而且按果子的不同种类分成了不同的堆。多多决定把所有的果子合成一堆。

每一次合并,多多可以把两堆果子合并到一起,消耗的体力等于两堆果子的重量之和。可以看出,所有的果子经过n-1次合并之后,就只剩下一堆了。多多在合并果子时总共消耗的体力等于每次合并所耗体力之和。

因为还要花大力气把这些果子搬回家,所以多多在合并果子时要尽可能地节省体力。假定每个果子重量都为1,并且已知果子的种类数和每种果子的数目,你的任务是设计出合并的次序方案,使多多耗费的体力最少,并输出这个最小的体力耗费值。

例如有3种果子,数目依次为1,2,9。可以先将1、2堆合并,新堆数目为3,耗费体力为3。接着,将新堆与原先的第三堆合并,又得到新的堆,数目为12,耗费体力为12。所以多多总共耗费体力=3+12=15。可以证明15为最小的体力耗费值。

输入输出格式

输入格式:

输入文件fruit.in包括两行,第一行是一个整数n(1<=n<=10000),表示果子的种类数。第二行包含n个整数,用空格分隔,第i个整数ai(1<=ai<=20000)是第i种果子的数目。

输出格式:

输出文件fruit.out包括一行,这一行只包含一个整数,也就是最小的体力耗费值。输入数据保证这个值小于2^31。

输入输出样例

输入样例#1:
3 
1 2 9 
输出样例#1:
15

说明

对于30%的数据,保证有n<=1000:

对于50%的数据,保证有n<=5000;

对于全部的数据,保证有n<=10000。

思路:

  用建一个小根堆,每次都取上面最小的两个加起来,插入堆中,每次取最小值,最后的值就为最小值。

╭(╯3╰)╮ 代码:

 

 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<queue>
 4 #include<algorithm>
 5 using namespace std;
 6 
 7 long long n,a,ans;
 8 priority_queue<int>d; 
 9 
10 int main() {
11     cin>>n;
12     for(int i=1; i<=n; i++) {
13         cin>>a;
14         d.push(-a);
15     }
16     int firs,secon;
17     for(int i=1; i<n;i++) {
18         firs=d.top();
19         d.pop();
20         secon=d.top();
21         d.pop();
22         d.push(firs+secon);
23         ans+=firs+secon;
24     }
25     cout<<-ans<<endl; 
26     return 0;
27 }

 

5.洛谷  P1809 过河问题_NOI导刊2011提高(01)

题目描述

有一个大晴天,Oliver与同学们一共N人出游,他们走到一条河的东岸边,想要过河到西岸。而东岸边有一条小船。 

船太小了,一次只能乘坐两人。每个人都有一个渡河时间T,船划到对岸的时间等于船上渡河时间较长的人所用时间。 

现在已知N个人的渡河时间T,Oliver想要你告诉他,他们最少要花费多少时间,才能使所有人都过河。 

注意,只有船在东岸(西岸)的人才能坐上船划到对岸。

输入输出格式

输入格式:

输入文件第一行为人数N,以下有N行,每行一个数。 

第i+1行的数为第i个人的渡河时间。

输出格式:

输出文件仅包含一个数,表示所有人都渡过河的最少渡河时间

输入输出样例

输入样例#1:
4 
6 
7 
10 
15 
输出样例#1:
42

说明

[数据范围] 

对于40%的数据满足N≤8。 

对于100%的数据满足N≤100000。

[样例解释] 

初始:东岸{1,2,3,4},西岸{} 

第一次:东岸{3,4},西岸{1,2} 时间7 第二次:东岸{1,3,4},西岸{2} 时间6 第三次:东岸{1},西岸{2,3,4},时间15 第四次:东岸{1,2},西岸{3,4} 时间7 第五次:东岸{},西岸{1,2,3,4} 时间7 

所以总时间为7+6+15+7+7=42,没有比这个更优的方案。

思路:

      方法有两种,一种是让最快的跑腿,第一快和第二快的一起过去,让最快的来回接送其他人,这样貌似是最优的,但还有一种情况,就是第一快和第二快过去了,让第一快回来,但不让它回去,让第一慢和第二慢回去,再让第二快回来接第一快,在某些情况下这种情况是比上一种快的,所以我们在两者之间取小,还有就是在只有1、2、3个人时,自己分别判断一下。

╭(╯3╰)╮ 代码:

 

 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 using namespace std;
 4 
 5 int n,ans,sped[100001];
 6 int start;
 7 
 8 int main() {
 9     cin>>n;
10     for(int i=1;i<=n;i++) {
11         cin>>sped[i];
12     }
13     start = n;
14     while(start) {
15         if(start==1) { ans+=sped[1];break; }
16         else if(start==2) { ans+=sped[2]; break; }
17         else if(start==3) { ans+=sped[1]+sped[2]+sped[3]; break; }
18         else {
19             ans+=min(sped[2]+sped[1]+sped[start]+sped[2],sped[start]+2*sped[1]+sped[start-1]);
20             start-=2;
21         }
22     }
23     cout<<ans<<endl;
24     return 0;
25 }

 

 

自己选的路,跪着也要走完!!

 

 

 

 

以上是关于贪心算法的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

贪心算法----区间覆盖问题(POJ2376)

Contig|scaffold|N50|L50|NG50|贪心算法|de bruiji graph|

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