vijos 1524 最小监视代价
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了vijos 1524 最小监视代价相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
背景
看到Vijos上此类型的题目较少,特地放一道上来给大家练练。
描述
由于yxy小朋友做了一些不该做的事,他被jzp关进了一个迷宫里。由于jzp最近比较忙,疏忽大意了一些,yxy可以在迷宫中任意走动。整个迷宫可以被看作是一个无向图。迷宫中有一些结点有传送点,可以让他逃离这个迷宫。jzp发明了一种机器人,可以监视迷宫中的道路,被监视的道路yxy不能通过,我们简单的认为监视一条道路的代价即为这条道路的长度。现在jzp正在忙,请你编一个程序算出使yxy无法逃离迷宫的最小监控总代价。(yxy一开始在1号结点)
格式
输入格式
第1行:两个自然数n和e,分别表示迷宫的节点数和边数。
第2至e+1行:每行三个自然数a、b和w,表示a和b之间有一条道路,长度为w。
第e+2行:一个自然数m,表示有传送点结点的个数。
第e+3行:m个自然数,表示有传送点的结点。
输出格式
一个自然数,表示最小监视总代价。
样例1
样例输入1
5 5
1 2 1
1 3 2
2 5 3
2 3 3
3 4 2
2
4 5
样例输出1
3
限制
每个测试点1s
提示
n<100,e<300,m<n
1<=a,b<=n
w<=maxint
来源
经典问题改编
最大流
#include <cstring> #include <cstdio> #include <queue> #define inf 1e9 #define Max 150 using namespace std; struct node { int next,to,dis; }edge[Max*Max]; int Answer,head[Max*Max],cnt=1,n,m,e,dep[Max*Max]; void add(int u,int v,int l) { node*w=&edge[++cnt]; w->next=head[u]; w->to=v; w->dis=l; head[u]=cnt; } bool bfs(int s,int t) { for(int i=1;i<=n;++i) dep[i]=inf; dep[s]=0; queue<int>q; q.push(s); while(!q.empty()) { int tp=q.front(); q.pop(); for(int i=head[tp];i;i=edge[i].next) { int v=edge[i].to; if(dep[v]>dep[tp]+1&&edge[i].dis) { dep[v]=dep[tp]+1; if(v==t) return 1; q.push(v); } } } return 0; } int dfs(int s,int t,int came_flow) { if(s==t||came_flow==0) return came_flow; int res=0,f; for(int i=head[s];i;i=edge[i].next) { int v=edge[i].to; if(dep[v]==dep[s]+1&&edge[i].dis&&(f=dfs(v,t,min(came_flow,edge[i].dis)))) { res+=f; came_flow-=f; edge[i].dis-=f; edge[i^1].dis+=f; } if(came_flow==0) break; } return res; } int dinic(int s,int t) { while(bfs(s,t)) Answer+=dfs(s,t,inf); return Answer; } int main() { scanf("%d%d",&n,&e); for(int x,y,z;e--;) { scanf("%d%d%d",&x,&y,&z); add(x,y,z); add(y,x,z); } scanf("%d",&m); for(int x;m--;) { scanf("%d",&x); add(x,n,inf); add(n,x,inf); } printf("%d",dinic(1,n)); return 0; }
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