BZOJ 1975 魔法猪学院(A*+手写堆)

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了BZOJ 1975 魔法猪学院(A*+手写堆)相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

1975: [Sdoi2010]魔法猪学院

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Description

iPig在假期来到了传说中的魔法猪学院,开始为期两个月的魔法猪训练。经过了一周理论知识和一周基本魔法的学习之后,iPig对猪世界的世界本原有了很多的了解:众所周知,世界是由元素构成的;元素与元素之间可以互相转换;能量守恒……。 能量守恒……iPig 今天就在进行一个麻烦的测验。iPig 在之前的学习中已经知道了很多种元素,并学会了可以转化这些元素的魔法,每种魔法需要消耗 iPig 一定的能量。作为 PKU 的顶尖学猪,让 iPig 用最少的能量完成从一种元素转换到另一种元素……等等,iPig 的魔法导猪可没这么笨!这一次,他给 iPig 带来了很多 1 号元素的样本,要求 iPig 使用学习过的魔法将它们一个个转化为 N 号元素,为了增加难度,要求每份样本的转换过程都不相同。这个看似困难的任务实际上对 iPig 并没有挑战性,因为,他有坚实的后盾……现在的你呀! 注意,两个元素之间的转化可能有多种魔法,转化是单向的。转化的过程中,可以转化到一个元素(包括开始元素)多次,但是一但转化到目标元素,则一份样本的转化过程结束。iPig 的总能量是有限的,所以最多能够转换的样本数一定是一个有限数。具体请参看样例。

Input

第一行三个数 N、M、E 表示iPig知道的元素个数(元素从 1 到 N 编号)、iPig已经学会的魔法个数和iPig的总能量。 后跟 M 行每行三个数 si、ti、ei 表示 iPig 知道一种魔法,消耗 ei 的能量将元素 si 变换到元素 ti 。

Output

一行一个数,表示最多可以完成的方式数。输入数据保证至少可以完成一种方式。

Sample Input

4 6 14.9
1 2 1.5
2 1 1.5
1 3 3
2 3 1.5
3 4 1.5
1 4 1.5

Sample Output

3

HINT

样例解释
有意义的转换方式共4种:
1->4,消耗能量 1.5
1->2->1->4,消耗能量 4.5
1->3->4,消耗能量 4.5
1->2->3->4,消耗能量 4.5
显然最多只能完成其中的3种转换方式(选第一种方式,后三种方式仍选两个),即最多可以转换3份样本。
如果将 E=14.9 改为 E=15,则可以完成以上全部方式,答案变为 4。

数据规模
占总分不小于 10% 的数据满足 N <= 6,M<=15。
占总分不小于 20% 的数据满足 N <= 100,M<=300,E<=100且E和所有的ei均为整数(可以直接作为整型数字读入)。
所有数据满足 2 <= N <= 5000,1 <= M <= 200000,1<=E<=107,1<=ei<=E,E和所有的ei为实数。

Source

 

 

题目链接:BZOJ 1975

N个月前的题目,似乎是OJ的问题强行卡STL库的优先队列,需要极高的姿势才能卡过,反正我之前只会A*模版的时候MLE到死……,既然会了堆就手写一个吧,样例对不上debug半天发现是忘记删掉原来的操作符重载了= =,double类型下的裸K短路(没有卡eps还真是良心),由于用A*算法求得的K短路是不降序列,因此每一次都是贪心地消耗膜法进行变换即可,堆的大小大概在100W多一点,懒得二分测试直接设125W好了

代码:

#include <stdio.h>
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LC(x) (x<<1)
#define RC(x) ((x<<1)+1)
#define MID(x,y) ((x+y)>>1)
#define CLR(arr,val) memset(arr,val,sizeof(arr))
#define FAST_IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);
typedef pair<int, int> pii;
typedef long long LL;
const double PI = acos(-1.0);
const int N = 5010;
const int M = 200010;
struct edge
{
    int to;
    int pre;
    double w;
};
struct Astar
{
    int cur;
    double g;
    double h;
    bool operator<(const Astar &t)const
    {
        if (g + h == t.g + t.h)
            return g <= t.g;
        return g + h <= t.g + t.h;
    }
};
struct Heap
{
    Astar A[1250010];
    int sz;
    void init()
    {
        sz = 0;
    }
    void up(const int &cur)
    {
        int fa = cur >> 1;
        if (fa > 0 && A[cur] < A[fa])
        {
            swap(A[cur], A[fa]);
            up(fa);
        }
    }
    void down(const int &cur)
    {
        int lson = cur << 1;
        int rson = lson | 1;
        if (lson > sz)
            return ;
        int son;
        if (rson > sz)
            son = lson;
        else
            son = A[lson] < A[rson] ? lson : rson;
        if (A[son] < A[cur])
        {
            swap(A[cur], A[son]);
            down(son);
        }
    }
    void push(const Astar &rhs)
    {
        A[++sz] = rhs;
        up(sz);
    }
    void pop()
    {
        swap(A[1], A[sz]);
        --sz;
        down(1);
    }
    Astar top()
    {
        return A[1];
    }
    bool empty()
    {
        return !sz;
    }
};
Heap heap;
edge E[M], rE[M];
int head[N], rhead[N], tot, rtot;
double d[N];
bitset<N>vis;

void init()
{
    for (int i = 0; i < N; ++i)
    {
        d[i] = 1e20;
        head[i] = rhead[i] = -1;
    }
    tot = 0;
    rtot = 0;
    vis.reset();
    heap.init();
}
inline void add(int s, int t, double w)
{
    E[tot].to = t;
    E[tot].w = w;
    E[tot].pre = head[s];
    head[s] = tot++;

    rE[rtot].to = s;
    rE[rtot].w = w;
    rE[rtot].pre = rhead[t];
    rhead[t] = rtot++;
}
void rev_spfa(int s)
{
    queue<int>q;
    vis[s] = 1;
    d[s] = 0.0;

    q.push(s);
    int i, now, v;
    while (!q.empty())
    {
        now = q.front();
        q.pop();
        vis[now] = 0;
        for (i = rhead[now]; ~i; i = rE[i].pre)
        {
            v = rE[i].to;
            if (d[v] > d[now] + rE[i].w)
            {
                d[v] = d[now] + rE[i].w;
                if (!vis[v])
                {
                    vis[v] = 1;
                    q.push(v);
                }
            }
        }
    }
}
int main(void)
{
    int n, m, i, a, b;
    double e, w;
    while (~scanf("%d%d%lf", &n, &m, &e))
    {
        init();
        for (i = 0; i < m; ++i)
        {
            scanf("%d%d%lf", &a, &b, &w);
            add(a, b, w);
        }
        rev_spfa(n);

        Astar S;
        S.cur = 1;
        S.g = 0;
        S.h = d[S.cur];

        heap.push(S);
        int r = 0;
        Astar now, nxt;
        while (!heap.empty())
        {
            now = heap.top();
            heap.pop();
            if (now.cur == n)
            {
                if (e >= now.g)
                {
                    e -= now.g;
                    ++r;
                }
                else
                    break;
            }
            for (i = head[now.cur]; ~i; i = E[i].pre)
            {
                nxt.cur = E[i].to;
                nxt.g = now.g + E[i].w;
                nxt.h = d[nxt.cur];
                heap.push(nxt);
            }
        }
        printf("%d\n", r);
    }
    return 0;
}

以上是关于BZOJ 1975 魔法猪学院(A*+手写堆)的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

Bzoj 1975: [Sdoi2010]魔法猪学院 dijkstra,堆,A*,K短路

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