算法笔记_001:斐波那契数的多种解法
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篇首语：本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理，主要介绍了算法笔记_001:斐波那契数的多种解法相关的知识，希望对你有一定的参考价值。
本篇文章解决的问题来源于算法设计与分析课程的课堂作业，主要是运用多种方法来计算斐波那契数。具体问题及解法如下：
一、问题1：
问题描述：利用迭代算法寻找不超过编程环境能够支持的最大整数的斐波那契数是第几个斐波那契数。（Java： 231-1 for int, 263-1 for long）
解决方案：针对问题1，此处要使用迭代法来解决，具体实现代码如下：
//用迭代法寻找编程环境支持的最大整数(int型)的斐波那契数是第几个斐波那契数 public static int max_int_iteration(){ int a = 1,b = 1,c = 2; int count = 3; for( ;b < c; ){ //一旦c达到编程环境最大斐波那契数，便会产生内存溢出，从而变成一个负数，到此循环结束 a = b; b = c; c = a + b; count++; } return count; } //用迭代法寻找编程环境支持的最大整数(long型)的斐波那契数是第几个斐波那契数 public static long max_long_iteration(){ long a = 1,b = 1,c = 2; long count = 3; for( ;b<c; ){ //一旦c达到编程环境最大斐波那契数，便会产生内存溢出，从而变成一个负数，到此循环结束 a = b; b = c; c = a + b; count++; } return count; }
二、问题2：
问题描述：根据问题1中计算的最大的斐波那契数序号n，采用递归方式计算第n个斐波那契数，看其是否可以在3分钟内完成。
解决方案：针对问题2，此处要使用递归法来解决，问题1实际运行结果为：支持的最大整数（int型）值为47，支持的最大整数（long型）值为93。使用递归法计算第47个斐波那契数实际所需时间为138秒左右（此处本人使用WIN7系统运行所得），具体实现代码如下：
//递归法 public static long recursion(long n){ long result = 0; //最后一个斐波那契数及存储中间斐波那契数的变量 if(n <= 0) result = 0; if(n == 1 || n == 2) result = 1; if(n > 2) { result = recursion(n-1) + recursion(n-2); //System.out.print(result+" "); } return result; } //具体实现就只需使用System.currentTimeMillis()方法获取系统当前时间，就可以你计算出计算第47个斐波那契数所需时间
三、问题3
问题描述：利用递归算法计算你的计算机能够在1，5，10，50秒内计算出的最大斐波那契数是第几个，利用迭代算法求解同样的问题。
解决方案：针对问题3，此处先要了解获得系统当前时间的相关方法及用法，然后计算规定时间内计算出的最大斐波那契数就很简单啦，具体实现代码如下：
//在1，5，10，50秒内使用迭代法算出的最大斐波那契数是第几个 public static void time_iteration(){ int a = 1,b = 1,c = 2; long count = 3; long a1 = 0,a2 = 0,a3 = 0,a4 = 0; long t1 = System.currentTimeMillis(); long t2 = System.currentTimeMillis(); for( ;t2-t1 < 60000; ){ a = b; b = c; c = a + b; count++; t2 = System.currentTimeMillis(); if(t2-t1 == 1000) a1 = count; //System.out.println("1秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); if(t2-t1 == 5000) a2 = count; //System.out.println("5秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); if(t2-t1 == 10000) a3 = count; //System.out.println("10秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); if(t2-t1 == 50000) a4 = count; //System.out.println("50秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); } System.out.println("迭代法1秒内最大斐波那契数是第："+a1+"个 "); System.out.println("迭代法5秒内最大斐波那契数是第："+a2+"个 "); System.out.println("迭代法10秒内最大斐波那契数是第："+a3+"个 "); System.out.println("迭代法50秒内最大斐波那契数是第："+a4+"个 "); } //递归法 public static long recursion(long n){ long result = 0; //最后一个斐波那契数及存储中间斐波那契数的变量 if(n <= 0) result = 0; if(n == 1 || n == 2) result = 1; if(n > 2) { result = recursion(n-1) + recursion(n-2); //System.out.print(result+" "); } return result; } //规定时间内，递归法计算出的最大斐波那契数是第几个 public static int recursion_time(long time){ long starttime_dg=System.currentTimeMillis(); int i=3; long endtime_dg=0; while(endtime_dg<starttime_dg+time*1000){ endtime_dg=System.currentTimeMillis(); i++; recursion(i); } return i; } //递归法在1，5，10，50秒内算出的最大斐波那契数是第几个 public static void fbnq_recursion_time(){ System.out.println("1秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(1)+"个 "); System.out.println("5秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(5)+"个 "); System.out.println("10秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(10)+"个 "); System.out.println("50秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(50)+"个 "); }
四、问题4
问题描述：利用公式F(n) = [fn/sqrt(5)]快速计算第n个斐波那契数，找出出现误差时的最小n值。其具体公式描述见下图：
解决方案：针对问题4，只需要将上述公式用代码来描述就可以完成，具体实现代码如下：
//直接求值法（利用公式F(n) = [@n/sqrt(5)]快速计算第n个斐波那契数） public static double formula(int n){ double result = 0; double temp = Math.sqrt(5.0); result = (1/temp)*(Math.pow((1+temp)/2,n)-Math.pow((1-temp)/2, n)); return result; }
五、问题5
问题描述：利用矩阵相乘方法计算第n个斐波那契数。
解决方案：对于矩阵相乘法，首先得对矩阵相乘的法则要熟悉，现简单说明一下矩阵相乘求斐波那契数的思想及原理：
（1）矩阵定义
设A为
mxp的矩阵，B为
pxn的矩阵，那么称
mxn
的矩阵C为矩阵A与B的乘积，记作
C =AB，其中矩阵C中的第
i行第
j列元素可以表示为：
如下所示：
数列的递推公式为：f(1)=1，f(2)=1，f(3)=2 , f(n)=f(n-1)+f(n-2)(n>=3)用矩阵表示为：
进一步，可以得出直接推导公式：
具体实现代码如下：
// 关联矩阵 private static final int[][] UNIT = { { 1, 1 }, { 1, 0 } }; //定义一个上面公式中需要计算的二维数组 // 全0矩阵 private static final int[][] ZERO = { { 0, 0 }, { 0, 0 } }; //定义一个元素均为0的二维数组 /** * 求斐波那契数列 * * @param n * @return */ public static int[][] fb(int n) { if (n == 0) { //指数n为0时返回该数组 return ZERO; } if (n == 1) { //指数n为1时返回该数组 return UNIT; } // n是偶数 if ((n & 1) == 0) { //把（n&1） == 0换成（n%2） == 0等价 ， 唯一区别在于（n&1） == 0计算效率高 int[][] matrix = fb(n >> 1); //n >> 1意思是指将n的二进制数向右移动1位，最高位补0。相当于把n除以2 return matrixMultiply(matrix, matrix); } // n是奇数 int[][] matrix = fb((n - 1) >> 1); return matrixMultiply(matrixMultiply(matrix, matrix), UNIT); } /** * 矩阵相乘 * * @param m * r1*c1 * @param n * c1*c2 * @return 新矩阵,r1*c2 */ public static int[][] matrixMultiply(int[][] m, int[][] n) { int rows = m.length; int cols = n[0].length; int[][] r = new int[rows][cols]; for (int i = 0; i < rows; i++) { for (int j = 0; j < cols; j++) { r[i][j] = 0; for (int k = 0; k < m[i].length; k++) { r[i][j] += m[i][k] * n[k][j]; } } } return r; } //具体实现矩阵相乘算法 public static int matrix(int n){ int[][] m = fb(n); return m[0][1]; }
六、问题6
问题描述：对于相同的输入n值，比较上述四种方法的基本操作次数，以掌握对数、线性和指数增长率的极大差别。
解决方案：此处本人只是把上述所用的四种方法运行了一遍，计算各个相应方案计算第n个斐波那契数所花时间，因为具体算法相应的基本操作次数，用代码来计算有点麻烦，所以此处就不罗列了。
七、新算法法
这是解决斐波那契数的一种新算法，该算法的时间和空间效率都优于上面四种算法，该算法所用公式如下图所示：
具体实现代码如下：
//新算法法 public static int new_way(int n){ //int a = 1,b = 1,c = 2,d = 3; int result = 0; //定义最后一个斐波那契数 //根据输入n,求出最后一个斐波那契数 if(n == 0) result = 0; else if(n == 1 || n == 2) result = 1; else if(n == 3) result = 2; else if(n >= 4){ //若n大于4返回resul int a1 = n/4; int b1 = n%4; int a = new_way(a1); int b = new_way((a1+1)); int c = new_way((a1-1)); int d = new_way((a1+2)); if(b1 == 0) result = (int) ((Math.pow(b,2) - Math.pow(c,2))*(Math.pow(c, 2) + 2*Math.pow(a, 2) + Math.pow(b,2))); if(b1 == 1) result = (int) (Math.pow((Math.pow(b,2) - Math.pow(c,2)),2) + Math.pow((Math.pow(a, 2) + Math.pow(b,2)),2)); if(b1 == 2) result = (int) ((Math.pow(a, 2) + Math.pow(b,2))*(3*Math.pow(b,2)+Math.pow(a, 2)-2*Math.pow(c,2))); if(b1 == 3) result = (int) (Math.pow((Math.pow(a, 2) + Math.pow(b,2)),2) + Math.pow((Math.pow(d,2)-Math.pow(a,2)),2)); } return result; }
八、具体类运行实现
代码如下：
1 package com.liuzhen.ex_one; 2 3 public class Fibonacci { 4 5 //迭代法 6 public static int iteration(int n){ /*此处(包含下面所有方法)声明为静态方法，原因是在本类main()方法中调用 7 类中方法,对于一般的非static成员变量或方法，需要有一个对象的实例才能调用，所以要先生成对象的实例，他们才会实际的分配内存空间。 8 而对于static的对象或方法，在程序载入时便已经分配了内存空间，他只和特定的类想关联，无需实例化 */ 9 int result = 1; //最后一个斐波那契数 10 int a[] = new int[n+1]; //存放斐波那契数，初始值为空，默认全为0 11 a[0] = 0; 12 a[1] = 1; 13 //System.out.println("迭代法计算斐波那契数结果："); 14 //System.out.print(a[0]+" "+a[1]+" "); 15 for(int i = 2;i < n+1;i++){ 16 a[i] = a[i-1] + a[i-2]; 17 //result = a[i]; 18 //System.out.print(result+" "); //打印斐波那契数 19 } 20 //System.out.println(); 21 result=a[n]; 22 return result; //返回最后一个斐波那契数 23 } 24 25 //用迭代法寻找编程环境支持的最大整数(int型)的斐波那契数是第几个斐波那契数 26 public static int max_int_iteration(){ 27 int a = 1,b = 1,c = 2; 28 int count = 3; 29 for( ;b < c; ){ //一旦c达到编程环境最大斐波那契数，便会产生内存溢出，从而变成一个负数，到此循环结束 30 a = b; 31 b = c; 32 c = a + b; 33 count++; 34 } 35 return count; 36 } 37 38 39 //用迭代法寻找编程环境支持的最大整数(long型)的斐波那契数是第几个斐波那契数 40 public static long max_long_iteration(){ 41 long a = 1,b = 1,c = 2; 42 long count = 3; 43 for( ;b<c; ){ //一旦c达到编程环境最大斐波那契数，便会产生内存溢出，从而变成一个负数，到此循环结束 44 a = b; 45 b = c; 46 c = a + b; 47 count++; 48 } 49 return count; 50 } 51 52 //在1，5，10，50秒内使用迭代法算出的最大斐波那契数是第几个 53 public static void time_iteration(){ 54 int a = 1,b = 1,c = 2; 55 long count = 3; 56 long a1 = 0,a2 = 0,a3 = 0,a4 = 0; 57 long t1 = System.currentTimeMillis(); 58 long t2 = System.currentTimeMillis(); 59 for( ;t2-t1 < 60000; ){ 60 a = b; 61 b = c; 62 c = a + b; 63 count++; 64 t2 = System.currentTimeMillis(); 65 if(t2-t1 == 1000) 66 a1 = count; 67 //System.out.println("1秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); 68 if(t2-t1 == 5000) 69 a2 = count; 70 //System.out.println("5秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); 71 if(t2-t1 == 10000) 72 a3 = count; 73 //System.out.println("10秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); 74 if(t2-t1 == 50000) 75 a4 = count; 76 //System.out.println("50秒内最大斐波那契数是第："+count+"个 "); 77 } 78 System.out.println("迭代法1秒内最大斐波那契数是第："+a1+"个 "); 79 System.out.println("迭代法5秒内最大斐波那契数是第："+a2+"个 "); 80 System.out.println("迭代法10秒内最大斐波那契数是第："+a3+"个 "); 81 System.out.println("迭代法50秒内最大斐波那契数是第："+a4+"个 "); 82 } 83 84 //递归法 85 public static long recursion(long n){ 86 long result = 0; //最后一个斐波那契数及存储中间斐波那契数的变量 87 if(n <= 0) 88 result = 0; 89 if(n == 1 || n == 2) 90 result = 1; 91 if(n > 2) 92 { 93 result = recursion(n-1) + recursion(n-2); 94 //System.out.print(result+" "); 95 } 96 return result; 97 } 98 99 //规定时间内，递归法计算出的最大斐波那契数是第几个 100 public static int recursion_time(long time){ 101 long starttime_dg=System.currentTimeMillis(); 102 int i=3; 103 long endtime_dg=0; 104 while(endtime_dg<starttime_dg+time*1000){ 105 endtime_dg=System.currentTimeMillis(); 106 i++; 107 recursion(i); 108 } 109 return i; 110 } 111 112 //递归法在1，5，10，50秒内算出的最大斐波那契数是第几个 113 public static void fbnq_recursion_time(){ 114 115 System.out.println("1秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(1)+"个 "); 116 117 System.out.println("5秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(5)+"个 "); 118 119 System.out.println("10秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(10)+"个 "); 120 121 System.out.println("50秒内最大斐波那契数是第："+recursion_time(50)+"个 "); 122 123 124 } 125 126 //测试递归法在1，5，10，50秒内使用迭代法算出的最大斐波那契数是第几个 127 public static void time_recursion_test(){ 128 long t1 = System.currentTimeMillis(); 129 long t2 = 0; 130 int i = 3; 131 for(;t2-t1 > 60000;){ 132 recursion(i); 133 i++; 134 t2 = System.currentTimeMillis(); 135 if(t2-t1 == 1000) 136 System.out.println("1秒内最大斐波那契数是第："+i+"个 "); 137 if(t2-t1 == 5000) 138 System.out.println("5秒内最大斐波那契数是第："+i+"个 "); 139 if(t2-t1 == 10000) 140 System.out.println("10秒内最大斐波那契数是第："+i+"个 "); 141 if(t2-t1 == 50000) 142 System.out.println("50秒内最大斐波那契数是第："+i+"个 "); 143 144 } 145 } 146 147 //直接求值法（利用公式F(n) = [@n/sqrt(5)]快速计算第n个斐波那契数） 148 public static double formula(int n){ 149 double result = 0; 150 double temp = Math.sqrt(5.0); 151 result = (1/temp)*(Math.pow((1+temp)/2,n)-Math.pow((1-temp)/2, n)); 152 return result; 153 } 154 155 156 //利用直接求值法，出现误差时最小的n值 157 public static int min_formula(){ 158 double result_fn=1; 159 int i=1; 160 while(result_fn-(double)iteration(i)<1){ 161 result_fn=formula(i); 162 i++; 163 } 164 return i; 165 } 166 167 //新算法法 168 public static int new_way(int n){ 169 //int a = 1,b = 1,c = 2,d = 3; 170 int result = 0; //定义最后一个斐波那契数 171 //根据输入n,求出最后一个斐波那契数 172 if(n == 0) 173 result = 0; 174 else if(n == 1 || n == 2) 175 result = 1; 176 else if(n == 3) 177 result = 2; 178 else if(n >= 4){ //若n大于4返回resul 179 int a1 = n/4; 180 int b1 = n%4; 181 int a = new_way(a1); 182 int b = new_way((a1+1)); 183 int c = new_way((a1-1)); 184 int d = new_way((a1+2)); 185 if(b1 == 0) [算法学习]斐波那契数计算