H. Subsequences (hard version) dp
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H. Subsequences (hard version)
这个题目好难啊,根本就不知道怎么dp,看了题解,理解了好一会才会的。
首先dp[i][j] 表示前面 i 个字符,形成长度为 j 的不同子字符串的个数。
dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+dp[i][j-1] 这个就是说这个字符选还是不选。
但是需要注意的是,这个会有重复的字符,如果碰到重复的字符了,这样转移就会出现一点问题,这样会多加了一些情况。
比如说 xyzabca dp[7][2] 就是在前面7个字符里面选长度为2的字符的数量,dp[7][2]=dp[6][1]+dp[6][2]
dp[6][1]转移过来,意味着这个第7个字符一定要选,所以就会有xa yx za这种答案,
但是这种答案在dp[4][2]=dp[3][1]+dp[3][2]这里转移的时候,dp[3][1]就已经包含了这种答案,所以要删去dp[3][1]
总的来说就是如果一个字符x前面已经出现过,那么就要删去以字符x结尾的该长度减1的子序列。
即 dp[i][j]-=dp[pre[i]-1][j-1]
知道这些了就可以敲代码了。
#include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <queue> #include <map> #include <vector> #include <cstdlib> #include <iostream> #define inf 0x3f3f3f3f #define inf64 0x3f3f3f3f3f3f3f3f using namespace std; typedef long long ll; const int maxn=2e5+10; ll dp[110][110]; int pre[110]; char s[maxn]; int main() ll n,k; scanf("%lld%lld",&n,&k); scanf("%s",s+1); dp[0][0]=1; for(int i=1;i<=n;i++) dp[i][0]=1; for(int j=1;j<=i;j++) dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+dp[i-1][j]; if(pre[s[i]-‘a‘]) dp[i][j]-=dp[pre[s[i]-‘a‘]-1][j-1]; dp[i][j]=min(dp[i][j],k); pre[s[i]-‘a‘]=i; ll sum=0,ans=0; bool flag=0; for(int i=n;i>=0;i--) if(sum+dp[n][i]>=k) flag=1; ans+=(n-i)*1ll*(k-sum); break; sum+=dp[n][i]; ans+=(n-i)*dp[n][i]; if(flag) printf("%lld\n",ans); else printf("-1\n"); return 0;
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[CF1183H] Subsequences (hard version) - dp
Optimal Subsequences(Hard Version)(二分套线段树+离线处理)
LeetCode115 Distinct Subsequences