Codeforces 1229C. Konrad and Company Evaluation
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了Codeforces 1229C. Konrad and Company Evaluation相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
首先考虑如何算出答案,考虑枚举中间那个点,显然每个点作为中间的点的次数为入度乘出度
所以答案就是每个点的入度乘出度之和
然后每个点开一个 $vector$ 维护从它出去的点数,每次修改的时候直接暴力改出度然后暴力删边并加入新边
这样可以证明复杂度是对的,这里有两种证明,其中第二种是来自官方题解
证明 $1$ :
不妨让值小的点指向值更大的点
首先对于所有出度小于根号 $m$ 的点,单次暴力复杂度显然小于 $\sqrt m$,那么总复杂度不超过 $q \sqrt m$
对于出度大于根号 $m$ 的点 $x$,考虑把初始所有点 $1$ 到 $n$ 再加上所有的修改操作连在后面,排成一排看成一个数组
从 $n+1$ 开始从左到右枚举数组,一旦枚举到位置 $i$ 为 $x$ 意思就是这里修改了一次 $x$,设 $x$ 上一次出现的位置为 $las$
那么显然只有数组里 $las+1$ 到 $i$ 的点的如果和 $x$ 有边,那么才会产生 $1$ 代价,因为所有的 $[las+1,i]$ 在数组里排成了连续的一排
(就是 $[1,5],[6,10],[11,30]...$这样的),所以对于节点 $x$ 最终均摊复杂度最多就是 $O(n)$ 的
又因为出度大于 $\sqrt m$ 的点不会超过 $\sqrt m$ 个,所以对于出度大于 $\sqrt m$ 的点,总的复杂度也不超过 $n \sqrt m$
那么综合一下得到总复杂度就是 $n \sqrt n$ (这里 $n,m,q$ 同阶)
证明 $2$:
不妨让值小的点指向值更大的点
考虑把图中的节点按照度数从大到小排成一排(注意这里是度数不是出度,所以之后图不会改变)
那么首先对于每个节点 $x$ ,$x$ 左边的并且和 $x$ 有边相连的点不超过 $\sqrt 2m$
因为如果超过 $\sqrt 2m$ ,那么首先 $x$ 的度数就超过 $\sqrt 2m$ 并且左边点数也大于等于 $\sqrt 2m$,又因为左边的点度数都比 $x$ 大
那么总度数显然超过 $2m$ ,所以这种情况一定不可能出现
定义一张图的势能为图中所有点指向右边的点的边的数量,首先初始图的势能最大为 $m$
由之前的证明可以得到每次操作完一个点 $x$ 以后,$x$ 的左边最多有 $\sqrt 2m$ 条边变成指向右边,并且剩下的边( $x$ 指向右边的边)都变成指向左边,所以每一次操作最多使图的势能增加 $\sqrt 2m$ ,那么最终总的势能最多为 $m+q\sqrt 2m$
那么首先把边从指向左边翻转到指向右边(即增加势能)最多就为 $m+q\sqrt 2m$
又发现如果我们要把边从指向右边变成指向左边,那么就一定要消耗图中的势能,又因为势能总增加量最多为 $m+q\sqrt 2m$ 所以最多消耗的势能也就是 $m+q\sqrt 2m$
所以翻转边的总复杂度为 $O(m+q\sqrt 2m)$
证明完毕
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<cmath> #include<vector> using namespace std; typedef long long ll; inline int read() int x=0,f=1; char ch=getchar(); while(ch<‘0‘||ch>‘9‘) if(ch==‘-‘) f=-1; ch=getchar(); while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48); ch=getchar(); return x*f; const int N=2e5+7; int n,m,du[N],out[N]; ll Ans; vector <int> V[N]; inline ll calc(int i) return 1ll*out[i]*(du[i]-out[i]); int main() n=read(),m=read(); int a,b; for(int i=1;i<=m;i++) a=read(),b=read(),du[a]++,du[b]++; if(a>b) swap(a,b); V[a].push_back(b); out[a]++; for(int i=1;i<=n;i++) Ans+=calc(i); printf("%lld\n",Ans); int Q=read(); for(int i=1;i<=Q;i++) a=read(); int len=V[a].size(); for(int j=1;j<=len;j++) b=V[a][len-j]; V[a].pop_back(); V[b].push_back(a); Ans-=calc(a)+calc(b); out[a]--; out[b]++; Ans+=calc(a)+calc(b); printf("%lld\n",Ans); return 0;
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