ZOJ3531: [SDOI2014] 旅行
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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了ZOJ3531: [SDOI2014] 旅行相关的知识,希望对你有一定的参考价值。
Description
S国有N个城市,编号从1到N。城市间用N-1条双向道路连接,满足
从一个城市出发可以到达其它所有城市。每个城市信仰不同的宗教,如飞天面条神教、隐形独角兽教、绝地教都是常见的信仰。为了方便,我们用不同的正整数代表各种宗教, S国的居民常常旅行。旅行时他们总会走最短路,并且为了避免麻烦,只在信仰和他们相同的城市留宿。当然旅程的终点也是信仰与他相同的城市。S国政府为每个城市标定了不同的旅行评级,旅行者们常会记下途中(包括起点和终点)留宿过的城市的评级总和或最大值。
在S国的历史上常会发生以下几种事件:
”CC x c”:城市x的居民全体改信了c教;
”CW x w”:城市x的评级调整为w;
”QS x y”:一位旅行者从城市x出发,到城市y,并记下了途中留宿过的城市的评级总和;
”QM x y”:一位旅行者从城市x出发,到城市y,并记下了途中留宿过
的城市的评级最大值。
由于年代久远,旅行者记下的数字已经遗失了,但记录开始之前每座城市的信仰与评级,还有事件记录本身是完好的。请根据这些信息,还原旅行者记下的数字。 为了方便,我们认为事件之间的间隔足够长,以致在任意一次旅行中,所有城市的评级和信仰保持不变。
Input
输入的第一行包含整数N,Q依次表示城市数和事件数。
接下来N行,第i+l行两个整数Wi,Ci依次表示记录开始之前,城市i的评级和信仰。
接下来N-1行每行两个整数x,y表示一条双向道路。
接下来Q行,每行一个操作,格式如上所述。
Output
对每个QS和QM事件,输出一行,表示旅行者记下的数字。
Sample Input
3 1
2 3
1 2
3 3
5 1
1 2
1 3
3 4
3 5
QS 1 5
CC 3 1
QS 1 5
CW 3 3
QS 1 5
QM 2 4
Sample Output
9
11
3
HINT
N,Q < =10^5,C < =10^5
数据保证对所有QS和QM事件,起点和终点城市的信仰相同;在任意时刻,城市的评级总是不大于10^4的正整数,且宗教值不大于C。
思路: 因为宗教数量只有10^5,我们可以树链剖分完对于每一个宗教建立线段树 使用了类似于主席树的写法
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=1e5+10; const int M=1e7+10; int w[N],c[N],last[N*2],s[17],root[N]; int son[N],deep[N],dfn[N],top[N],fa[N][17]; int mx[M],sum[M],ls[M],rs[M]; int n,q,cnt,tim,tot; struct orz int v,next;e[N*2]; void add(int x,int y) cnt++; e[cnt].v=y; e[cnt].next=last[x]; last[x]=cnt; void dfs1(int x) son[x]=1; for (int i=1;i<=16;i++) if (s[i]<=deep[x]) fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1]; else break; for (int i=last[x];i;i=e[i].next) int v=e[i].v; if (v==fa[x][0]) continue; deep[v]=deep[x]+1; fa[v][0]=x; dfs1(v); son[x]+=son[v]; void dfs2(int x,int chain) tim++; dfn[x]=tim; top[x]=chain; int k=0; for (int i=last[x];i;i=e[i].next) if (deep[e[i].v]>deep[x] && son[e[i].v]>son[k]) k=e[i].v; if (k) dfs2(k,chain); for (int i=last[x];i;i=e[i].next) if (deep[e[i].v]>deep[x] && e[i].v!=k) dfs2(e[i].v,e[i].v); int lca(int x,int y) if (deep[x]<deep[y]) swap(x,y); int t=deep[x]-deep[y]; for (int i=0;i<=16;i++) if (s[i]&t) x=fa[x][i]; for (int i=16;i>=0;i--) if (fa[x][i]!=fa[y][i]) x=fa[x][i],y=fa[y][i]; if (x==y) return x; return fa[x][0]; //=========================================================== void PushUp(int s) mx[s]=max(mx[ls[s]],mx[rs[s]]); sum[s]=sum[ls[s]]+sum[rs[s]]; void change(int &s,int l,int r,int pos,int val) if (!s) s=++tot; if (l==r) mx[s]=sum[s]=val; return ; int mid=(l+r)>>1; if (pos<=mid) change(ls[s],l,mid,pos,val); else change(rs[s],mid+1,r,pos,val); PushUp(s); int querysum(int s,int l,int r,int L,int R) if (!s) return 0; if (L<=l&&r<=R) return sum[s]; int mid=(l+r)>>1; int ret=0; if (L<=mid) ret+=querysum(ls[s],l,mid,L,R); if (R>mid) ret+=querysum(rs[s],mid+1,r,L,R); return ret; int querymx(int s,int l,int r,int L,int R) if (!s) return 0; if (L<=l&&r<=R) return mx[s]; int mid=(l+r)>>1; int ret=0; if (L<=mid) ret=max(ret,querymx(ls[s],l,mid,L,R)); if (R>mid) ret=max(ret,querymx(rs[s],mid+1,r,L,R)); return ret; //=========================================================== int solvesum(int c,int x,int y) int ret=0; while (top[x]!=top[y]) //因为在这题中y是x的祖先所以不用考虑x和y的深度关系 ret+=querysum(root[c],1,n,dfn[top[x]],dfn[x]); x=fa[top[x]][0]; ret+=querysum(root[c],1,n,dfn[y],dfn[x]); return ret; int solvemx(int c,int x,int y) int mx=0; while (top[x]!=top[y]) mx=max(mx,querymx(root[c],1,n,dfn[top[x]],dfn[x])); x=fa[top[x]][0]; mx=max(mx,querymx(root[c],1,n,dfn[y],dfn[x])); return mx; //=========================================================== void pre() s[0]=1; for (int i=1;i<=16;i++) s[i]=s[i-1]*2; int main() pre(); scanf("%d%d",&n,&q); for (int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&w[i],&c[i]); int x,y; for (int i=1;i<n;i++) scanf("%d%d",&x,&y); add(x,y); add(y,x); dfs1(1); dfs2(1,1); for (int i=1;i<=n;i++) change(root[c[i]],1,n,dfn[i],w[i]); char op[5]; while (q--) scanf("%s",op); scanf("%d%d",&x,&y); if (op[0]==‘C‘) if (op[1]==‘C‘) change(root[c[x]],1,n,dfn[x],0); c[x]=y; change(root[c[x]],1,n,dfn[x],w[x]); else change(root[c[x]],1,n,dfn[x],y); w[x]=y; else int f=lca(x,y); if (op[1]==‘S‘) int t=solvesum(c[x],x,f)+solvesum(c[x],y,f);g if (c[x]==c[f]) t-=w[f]; printf("%d\n",t); else int t=max(solvemx(c[x],x,f),solvemx(c[x],y,f)); printf("%d\n",t); return 0;
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