状压dp

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篇首语:本文由小常识网(cha138.com)小编为大家整理,主要介绍了状压dp相关的知识,希望对你有一定的参考价值。

因为有道ac自动机+状压dp的题,故开此坑。

状压dp:状态压缩dp(元素数量通常不超过20),借助位运算将状态压缩。

空间复杂度:O(n*n)

上一行的状态为now,下一行的状态为prev,通过枚举上一行所有状态,来更新当前行、当前状态的最优解。

 

给定n*m矩阵,行列都不超过20,有些格子可选有些不可选,需选出最多格子使得格子之间不相邻(无公共边)

技术图片
#include <iostream>
#include <string.h>
using namespace std;
const int MAX_N=20;
const int MAX_M=20;
int state[MAX_N+1];
int dp[MAX_N+1][ 1 <<MAX_M];
bool not_intersect(int now,int prev)

    return (now&prev)==0;

bool fit(int now,int flag)

    return(now|flag)==flag;

bool ok(int x)

    return(x&(x/2))==0;

int count(int now)

    int s=0;
    while(now)
    
        s+=(now&1);
        now>>=1;
    
    return s;

int main() 

    int n,m;
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    
        for(int j=0;j<m;j++)
        
            int flag;
            cin>>flag;
            state[i]|=(1<<j)*flag;
        
    
    for(int i=1;i<=n;i++)
    
        for(int j=0;j<(1<<m);j++)
        
            if(!ok(j)||!fit(j,state[i]))
            continue;
            int cnt=count(j);
            for(int k=0;k<(1<<m);k++)
            
                if(ok(k)&&fit(k,state[i-1])&&not_intersect(j,k))
                   
                       dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][k]+cnt);
                   
            
        
    
    
    int ans=0;
    for(int i=0;i<(1<<m);i++)
    
        ans=max(ans,dp[n][i]);
    
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
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长度不超过16的字符串S,如果一个子序列是回文串,即可以移除它,求最少经过多少步能移除整个串。

序列回文?1:min(子集a次数,a的互补子集b次数),时间复杂度O(3n+n*2n

枚举子集代码

技术图片
for (int t = 1; t < (1 << n); t++)   // 枚举当前状态
     dp[t] = IsPalindrome(t) ? 1 : inf;  // 判断当前状态是否是回文,如果是回文则步骤数为 1
    for(int i = t; i; i = (i - 1) & t)  // 枚举 t 的所有子集
        dp[t] = min(dp[t], dp[i] + dp[t ^ i]);  // 更新当前状态的解的最小值
    

printf("%d\n", dp[(1 << n) - 1]);  // 输出最终答案
View Code

 

...

以上是关于状压dp的主要内容,如果未能解决你的问题,请参考以下文章

动态规划---状压dp2

fzu2188 状压dp

状压DP(超详细!!!)

第一次接触状压DP

状压DP题集

POJ 2411Mondriaan's Dream(状压dp)